【精选5份合集】甘肃省定西市2019年中考一模物理试卷
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中考物理模拟试卷有解析 注意事项： 1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。 2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。 3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。 4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 一、单选题 1．图表示了：家庭电路中四种用电器正常工作40小时的耗电情况．则 A．甲用电器可能是笔记本电脑 B．乙和丙产生的电热肯定相同 C．电流通过乙做功7.2×107J D．丁的实际功率最大 解析：C 【解析】 【详解】 A．由图可知，甲用电器40h消耗电能40kW•h，则其功率为P电脑的功率大约为40W左右．故A错误． B．由图可知，乙和丙两用电器在相同时间内消耗了相同的电能，即两用电器功率相同．但两用电器有可能不都是电热器，所以它们产生的电热可能不相同．故B错误． C．用电器消耗的电能即电流所做的功．由图可知，乙用电器消耗电能W=20kW•h=7.2×10J，即电流通过乙做功7.2×107J．故C正确． D．由P7W40kWgh==1kW=1000W，而笔记本t40hW可知，用电器在相同时间内消耗的电能越多，其功率越大．由图可知，在相同时间内甲用t电器消耗的电能最多，则甲用电器功率最大．故D错误． 2．甲、乙两个完全相同的杯子盛有不同浓度的盐水，将同一个鸡蛋先后放入其中．当鸡蛋静止时，两个杯子中液面恰好相平，鸡蛋所处的位置如图所示．则 A．甲杯底部所受的液体压力较大 B．乙杯底部所受的液体压强较大 C．鸡蛋在甲杯里排开液体的质量较大 D．鸡蛋在乙杯中受到液体的浮力较大 解析：B 【解析】 【详解】 A．由于两杯完全相同，所以F甲小于F乙，A错误； B．甲杯中的V排大，所以ρ液小，根据p=ρ液gh，深度相同，甲液体的密度小于乙液体的密度，所以p甲小于p乙．B正确； C．根据浮力的公式F浮=ρ液gV排，在浮力相同时，排开液体的质量也相同，C错误； D．因为鸡蛋在甲、乙两杯中处于悬浮和漂浮状态，所以，浮力都等于自身的重力，是相等的，D错误． 3．物块A静止在粗糙程度均匀的水平桌面上，如图甲所示，物块A受到水平拉力F作用，拉力F随时间t的变化关系如图乙所示．小丽从t0开始，每隔2s记录物块A的位置（用“·”表示物块A），如图丙所示．下列说法正确的是 A．0～2s内，物块所受摩擦力为6N B．8～l0s内，物块所受摩擦力小于9N C．l0～14s内，物块的平均速度为11cm/s D．若18s时撤去F，物块将做匀速直线运动 解析：B 【解析】 【详解】 A．由图示可知，在0~2s内，物体是处于静止状态的，在水平方向上受平衡力，摩擦力等于此时拉力为3N，故A错； B．由图丙可知，物体8~10s内做的是匀加速直线运动，所受的拉力大于摩擦力，所以摩擦力是小于9N的，故B正确； C．10~14s，物体通过的路程为22cm，所用的时间是4s，物块的平均速度为v=s/t=22cm/4s=1．1cm/s，故C错； D．若18s时撤去F，物块将只受到摩擦阻力的作用，将做匀减速直线运动，故D错； 4．如图，O为拉杆式旅行箱的轮轴，OA为拉杆．现在拉杆端点A处施加一竖直向上的力F，使箱体从图示位置绕O点缓慢逆时针转至接近竖直位置．则力F的大小 A．一直变大 C．一直变小 解析：B 【解析】 【详解】 B．始终不变 D．先变小后变大 由题意可知，箱体的重力不变，也就是杠杆的阻力大小不变，动力F竖直向上，重力G竖直向下，这两个力的方向始终平行，根三角形的相似性可知，动力臂与阻力阻的比值是不变的，根据杠杆的平衡条件可知动力与阻力的比值也是不变的，由于阻力不变，所以动力F的大小是始终不变的，故应选B． 5．如图所示是甲和乙两种物质的质量与体积关系图象，分析图象可知 A．若甲、乙的质量相等，则甲的体积较大 B．若甲、乙的体积相等，则甲的质量较小 C．乙物质的密度为0.5kg/m D．甲、乙两种物质的密度之比为4：1 解析：D 【解析】 【分析】 （1）图像的横轴表示体积，纵轴表示质量，由图像可知，当甲和乙的质量相同时，甲、乙的体积大小关系： （2）由图可知，当甲和乙的体积相同时，甲、乙的质量大小关系； （3）由图可知，体积为10cm3的乙物质的质量为5g，利用密度公式求乙物质的密度； （4）由图可知，体积为10cm3的甲物质的质量为20g，可求甲物质的密度，进而求出甲乙的密度之比。 【详解】 A、图像的横轴表示体积，纵轴表示质量，由图像可知，当甲和乙的质量相同时，乙物质的体积大，A错误： B、由图像可知，当甲和乙的体积相同时，甲的质量大，故B错误； 3C、体积为10cm3的乙物质的质量为5g，则乙物质的密度乙=m乙5g0.5g/cm30.5103kg/m3，故C错误； 3V乙10cmD、体积为10cm3的甲物质的质量为20g，则甲物质的密度：甲=m甲20g33332g/cm210kg/m0.5g/cm34：1，故D正确。 ，则甲：乙=2g/cm：3V甲10cm故选：D。 【点睛】 本题考查了密度公式的应用，利用好物体的m-V图像，从中得出相关信息是关键。 6．下列关于功、内能和热量的描述中正确的是（ ） A．物体的温度不变，内能一定不变 B．做功和热传递都能改变物体的内能 C．温度高的物体含有的热量比温度低的物体多 D．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递 解析：B 【解析】 【详解】 A．内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素，应考虑其它因素．故A不符合题意． B．改变物体内能的两种方式：做功和热传递，改变物体内能的两种方法是等效的；故B符合题意． C．温度高的物体，含有的热量一定多；错误，热量不是状态量，不能说含有或者具有热量；故C不符合题意． D．传递的条件是：有温度差；热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体，但内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体．故D不符合题意． 7．标有“6V 1.5W”的小灯泡，通过它的电流随两端电压变化的关系如图所示，若把这样的三只灯泡串联起来，接在12V的电源两端，灯泡的电阻及实际功率约为: A．24Ω 0.67W 解析：B 【解析】 【详解】 B．20Ω 0.8W C．24Ω 0.96W D．20Ω 0.67W 分析图像可知：灯泡的电阻会随电压、电流的不同发生变化，因此解决此类问题只能从图像入手分析．三只完全相同的灯泡串联，灯泡的电阻相等，通过的电流相等，根据欧姆定律可知，三只灯泡两端的电压相等，把这种规格的三只灯泡串联接在１２V的电源两端，每只灯泡两端的电压都为４V，从图像上可以看出，当电压是４Ｖ时，通过灯泡的士电流为0.２A， 所以每只灯泡的实际电阻：RU4V20 I0.2A每只灯泡的实际功率：P=UI=４V×0.２A=0.8W．故选B． 8．如图所示，小明探究“运动和力的关系”时，他每次都让小车在斜面上的同一高度由静止释放，然后在粗糙程度不同的水平面上运动．关于此实验，下列叙述正确的是 A．小车在水平面的运动需要力来维持 B．小车下滑过程中动能转化为重力势能 C．小车在水平面继续运动是因为小车受惯性作用 D．让小车在斜面上同一高度由静止释放，是为了控制小车到达斜面底端时的速度相同 解析：D 【解析】 【详解】 A．力不是维持物体运动的原因，A错误； B．小车在下滑的过程中，速度增大，被举高的高度减小，所以动能增大，重力势能减小，是重力是能转化为动能，B错误； C．惯性是物质的一种性质，不是力，所以不能说惯性作用，C错误； D．让小车在斜面上同一高度由静止释放，是为了控制小车到达斜面底端时的速度相同，D正确． 9．如图所示，当滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表和电流表示数的变化情况是 A．电压表和电流表示数均变大 B．电压表和电流表示数均变小 C．电压表示数变小，电流表示数不变 D．电压表示数不变，电流表示数变小 解析：C 【解析】 【分析】 根据题中“当滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表和电流表示数的变化情况是”可知，本题考查动态电路的分析，根据串联电路的特点和欧姆定律进行分析判断。 【详解】 由电路图可知，电阻R1、R2串联，电压表与被测电路并联，因此测R1滑片右端部分和R2两端的总电压，电流表测串联电路的电流。当滑动变阻器的滑片向右移动时，R1连在电路中的电阻不变，电路的总电阻不变，所以电流大小不变，电流表的示数不变； 因为电压表并联部分电阻变小，根据U=IR可得，电压表示数变小； 故C正确，选项ABD错误。 10．如图所示的四种情景中，属于重力势能转化为动能的是 A．（a）图运动员把弯弓拉开将箭射出 B．（b）图跳伞运动员匀速下落 C．（c）图跳水运动员从空中下落 D．（d）图运动员骑自行车冲向坡顶 解析：C 【解析】 【详解】 运动员把弯弓拉开将箭射出，是弹性势能转化为动能的过程．A不符合题意． 跳伞运动员匀速下落，质量不变，速度不变，动能不变，高度变小，重力势能减小，总机械能减小．B不合题意． 跳水运动员从空中下落，质量不变，速度增大，动能增大，高度减小，重力势能减小，此过程中，重力势能转化为动能．C符合题意． 运动员骑自行车冲向坡顶，运动员和自行车的质量不变，速度减小，动能减小，高度增大，重力势能增大，此过程中，动能转化为重力势能．D不符合题意． 11．水具有比热容大的特点，如图现象中与此特点无关的是（ ） A．海边的昼夜温差较小 B．空调房间里放盆水可以增加湿度 C．冬天暖气设备用热水供暖 D．用水冷却汽车发动机 解析：B 【解析】 【详解】 A．海边的昼夜温差较小，是因为水的比热容较大，吸收或放出相同的热量，温度变化很小，A项不合题意； B．空调房间里放盆水，水蒸发可以增加空气中的水蒸气，从而增加湿度，与比热容无关，选项B符合题意； C．冬天暖气设备用热水供暖，是因为水的比热容大，降低相同的温度，水放出更多的热量，C项不合题意； D．用水冷却汽车发动机，也是由于水的比热容大，升高相同的温度，能吸收更多的热量，D项不合题意。 12．如图所示，水平桌面上两个相同的容器，盛有密度不同的盐水，将同一鸡蛋分别放入其中，鸡蛋静止时液面相平，下列说法正确的是 A．鸡蛋在甲、乙两杯中所受浮力F甲＞F乙 B．盐水的密度甲＞乙 C．盐水对容器底的压强P甲＞P乙 D．鸡蛋排开盐水的质量m甲m乙 解析：D 【解析】 【详解】 A.甲中鸡蛋悬浮，此时F甲G，乙中鸡蛋漂浮，此时F乙G，因此F甲=F乙，故A错误； B.根据物体的浮沉条件可知，甲中鸡蛋悬浮，此时甲=蛋，乙中鸡蛋漂浮，此时乙＞蛋，因此甲＜乙，故B错误； C.因为鸡蛋静止时液面相且平甲＜乙，所以根据公式Pρgh，可得P甲＜P乙，故C错误； D.因为甲乙中鸡蛋所受浮力F甲=F乙，且根据阿基米德原理F浮G排m排g，所以m甲m乙，故D正确。 二、填空题 13．如图所示，斜面高为2 m，用沿斜面向上大小为250 N的拉力F，将重为600 N的木箱由斜面底端以0. 6 m/s的速度匀速拉动，经过10 s到达顶端，则拉力的功率是______W，物体与斜面间的摩擦力是______N. 解析：150 50 【解析】 【详解】 拉力的功率： P=WFs=Fv=250N×0.6m/s=150W； tt有用功： W有用=Gh=600N×2m=1200J， 斜面长 s=vt=0.6m/s×10s=6m， 拉力做的总功： W总=Fs=250N×6m=1500J， 额外功： W额外=W总﹣W有用=1500J﹣1200J=300J， 由W额外=fs可得摩擦力的大小： f=W额s=300J=50N。 6m14．按照我国交通管理的规定，“红灯停、绿灯行、黄灯预备”，小刚在科技活动中设计了一个实验电路，用以模拟十字路口的红绿灯，如图所示当开关接通位置“3“时，允许________方向的车辆通行，发光灯的连接方式为__________联． 解析：东西 并 【解析】 【详解】 当单刀多掷开关接通位置“1”时，东西方向的两盏红灯和南北方向的两盏绿灯并联，东西方向的两盏红灯和南北方向的两盏绿灯有电流通过，因此南北绿灯发光、东西红灯发光；当单刀多掷开关接通位置“2”时，南北东西方向的黄灯发光；当单刀多掷开关接通位置“3”时，电流通过的是东西方向的两盏绿灯，南北方向的两盏红灯，即东西方向的两盏绿灯亮，因此是允许东西方向的车辆通行；各个灯能独立工作，故是并联． 15．如图所示，将灯L1、L2按图甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中，在甲图中灯L1的功率为4W，在乙图中灯L1的功率为9W．设灯丝电阻不变，则甲、乙两图中灯L1两端的电压之比是_____，L1、L2两灯的灯丝电阻之比是_____，甲图中灯L1、L2的电功率之比是_____． 解析：2：3 2：1 2：1 【解析】 【详解】 U2U1222甲图中灯L1的功率P1＝，则U1=P1R1；乙图中灯L1的功率P1′＝，则U=P1’R1．所以R1R1PU124WU12PR111=＝=，则甲、乙两图中灯L两端的电压之比为＝．因甲乙两电路电源电压相12PRP39WUU111等，根据串联电路电压规律，则甲图中L1、L2两灯电压之比为U1U122＝==．再根据串联电路U2UU13-21R1U12分压规律可得，L1、L2两灯灯丝电阻之比为==；因串联电路电流处处相等，由P＝I2R可得，甲R2U21PI2R1R121图中灯L1、L2的功率之比为==． P2I2R2R2116．中国人有元宵节吃汤圆的习俗．煮熟的汤圆会浮在水上是因为浮力_____重力（选填“大于”“等于”或“小于”），锅中水“大火”烧开后改用“小火”继续煮时，锅中的温度_____（填“增大”“减小”或“不变”），汤圆的内能通过_____的方式来实现增加． 解析：等于 不变 热传递 【解析】 【详解】 煮熟的汤圆会浮在水上，由漂浮条件知道，此时汤圆受到的浮力等于其重力；锅中水“大火”烧开后改用“小火”继续煮时，锅内的水还能继续吸热、继续沸腾，温度不变；汤圆和水从火中吸收热量，内能增加、温度升高，是通过热传递的方式增加内能． 17．图甲中A、B分别为小灯泡L和定值电阻R的I﹣U图象，定值电阻R的阻值为_______Ω．图乙为小灯泡L和电阻R连接的电路，其中电源电压为8V，则小灯泡的实际电功率为_______W，通电10s电路产生的热量为_______J． 解析：20 0.6 24 【解析】 【详解】 根据甲图可以看出，定值电阻两端的电压为8V时，通过定值电阻的电流为0.4A，定值电阻的阻值为：RU8V=20Ω ，小灯泡与定值电阻串联，通过它们的电流相同，电源电压为8V，小灯泡与I0.4A定值电阻两端的电压之和为8V，根据图甲可以看出当通过它们的电流为0.3A时，小灯泡两端的电压为2V，定值电阻两端的电压为6V，此时小灯泡与定值电阻两端的电压之和为8V，正好等于电源电压，此时灯泡的实际电功率为：PLIUL0.3A2V=0.6W，通电10s电路产生的热量为：QUIt8V0.3A10s=24J. 18．小明用热水袋暖手，手感到热，这是通过___的方式改变手的内能；在汽油机的工作过程中，将内能转化为机械能的是___冲程． 解析：热传递 做功 【解析】 【详解】 小明用热水袋暖手，手感到热，是内能的转移，这是通过热传递的方式改变手的内能；在汽油机的工作过程中，将内能转化为机械能的是做功冲程，在做功冲程中火花塞产生电火花，燃料燃烧，产生高温高压的燃气，燃气推动活塞对外做功，内能转化为机械能． 三、作图题 19．在图中,画出由点光源S发出,经平面镜反射后过P的光线． （_______________） 解析： 【解析】 【详解】 先通过平面镜作出发光点S的对称点S′即为S的像；连接S′P交平面镜于点O，SO为入射光线，OP为反射光线；如图所示： 20．图中物体沿斜面匀速下滑，作出物体受到重力G和物体对斜面的压力F的示意图． （______） 解析：如图所示 【解析】 过物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，符号为G．在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F．如图所示： 21．在图中，根据磁感线的方向，标出通电螺线管和小磁针的N、S极及电源的正、负极. （_____） 解析：如下图所示：通电螺线管和小磁针的N、S极、电源的正、负极 【解析】 试题分析：由右手螺旋定则可知电流由右侧流入，故电源右侧为正极；外部磁感线由N极指向S极，小磁针所在位置的磁感线向里，故小磁针N极向左；如上图所示． 考点：电与磁；通电螺线管 四、计算题 22． “东方红3”科学考察船（图1）于2018年顺利下水，标志着我国自主创新研发的科学考察船挺进世界一流船型行列。该船长103米、船宽18米、排水量5800吨、续航力1500海里。在一次航行中，从某一时刻开始，科考船受到水平方向的牵引力F随时间t的变化关系如图2甲所示，船的运动速度v随时间t的变化关系如图2乙所示。海水的密度为1.02×10kg/m，g取10N/kg。求： 33 （1）满载时科学考察船受到的浮力； （2）科学考察船吃水深度为5.5m时，船底受到的海水压强； （3）从第50s到100s内牵引力所做的功。 解析：（1）5.8×10N（2）5.61×10Pa（3）6.5×10J 【解析】 【详解】 （1）满载时科学考察船受到的浮力：F浮＝G排＝m排g＝5800×10kg×10N/kg＝5.8×10N； （2）船底受到水的压强：p＝ρgh＝1.02×10kg/m×10N/kg×5.5m＝5.61×10Pa； （3）第50s到第100s内，由图甲可知牵引力F＝13×10N，由图乙可知船匀速行驶的速度v＝1m/s，由v＝可得，从第50s到100s内船行驶的距离：s＝vt＝1m/s×50s＝50m，第50s到第100s内牵引力做的功：W＝Fs＝13×10N×50m＝6.5×10J。 23．3D打印即快速成型技术的一种，它是一种以数字模型文件为基础，运用粉末状金属或塑料等可粘合材料，通过逐层打印的方式来构造物体的技术．如图是小米打印的作品，他想知道该作品材料的密度，于是他用一只玻璃杯、水和天平测该作品材料的密度．他把杯子装满水后称得总质量是300g，杯中放入作品溢出一部分水以后称得总质量是315g，把作品从杯中取出，称得水和杯子的质量为290g．（作品从杯中带出水不计） 46433437746 求：（1）作品的质量是多少？ （2）作品的体积是多少？ （3）作品的密度是多少？ 解析：（1）25g（2）10cm1（1）2.5g/cm1 【解析】 【详解】 (1) 作品的质量： m作品=m2−m1=115g−290g=25g； (2)溢出水的质量： m水=m1−m1=100g−290g=10g， 由=m得，溢出水的体积： V10g1V水==3=10cm， 水1.0g/cm作品浸没时,则有：V作品=V水=10cm； (1) 作品的密度： 1m水作品═m作品V作品=25g=2.5g/cm1． 310cm24．如图为某小区供电设备向居民楼输电的示意图．当居民楼内用户用电器消耗的总功率P为22kW时,居民楼用户用电器两端的实际电压U2为220V,求 （1）通过输电代的电流是多大？ （2）若输电线的总电阻r为0.04，则供电设备的输出电压U1为多大？ （3）输电线上损失的电功率为多大？ 解析：（1）100A（2）224V（3）400W 【解析】 【详解】 （1）通过输电线的电流：I=P22000W==100A； U220V（2）输电线上损失的电压：U损=Ir=100A×0.04Ω=4V，输电设备输出电压：U1=U2+U损=220V+4V=224V； （3）输电线上损失的电功率：P损=IU损=100A×4V=400W． 五、实验题 25．某小组同学要“探究影响液体压强大小因素”，他们设计了如图所示的实验探究方案，图（a）、（b）、（d）中金属盒在液体中的深度相同．实验测得几种情况下压强计的U形管两侧液面高度差的大小关系是h4＞h1=h2＞h3 ． （1）实验中液体内部压强的大小通过________反应出来． （2）实验中液体内部压强最小的是________图． （3）比较图a和图d可以得出的结论是：________． 解析：U型管液面高度差 C 液体内部压强与液体密度有关，密度越大压强越大． 【解析】 （1）实验中液体压强的大小变化不易直接测量，液体压强的变化会引起压强计的探头受到的压力发生变化，从而导致压强计探头上的橡皮膜的形状发生变化，进而引起压强计U形管两侧液面的高度差发生变化，因此实验中液体内部压强的大小通过压强计U形管液面的高度差反映出来的． （2）由P=ρgh可知，液体的压强与液体的深度和密度都有关系，图a，b，c中液体都是水，C图中压强计探头上的橡皮膜探头在水中深度最小，d图中液体是浓盐水，密度大，同时深度也大，压强计的U形管两侧液面高度差的大小关系是h4＞h1=h2＞h1．因此，C图中液体内部压强最小． （1）比较图a和图d，两次实验橡皮膜所处的深度相同，即液体的深度相同，而液体的密度却不同，图a是水，图d是浓盐水，从而得出的结论是：在不同液体的同一深度，液体的密度越大，液体的压强越大． 26．小宁在“测量小灯泡的额定功率”实验中，所用小灯泡上标有“3.8”字样，电源电压恒为6V。 （1）小宁按图甲正确连接电路，闭合开关后，调节变阻器的滑片，让小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示是______A，则小灯泡的额定功率为______W。 （2）完成上述实验后，小宁向老师要了一个已知阻值为R0的定值电阻和一个单刀双掷开关，借助部分现有的实验器材，设计了如丙图所示的电路，也能测出小灯泡的额定功率。实验步骤是： ①闭合开关S1，将S2拨到触点______，移动滑片使电压表的示数为U1=______ ②再将开关S2拨到另一个触点，保持滑片的位置不动，读出电压表的示数U2 ③小灯泡额定功率的表达式为P额=______（用已知量R0和测量量U1、U2表示） （3）小宁又添加了一只小灯泡探究“串、并联电路中电流规律”。两灯串联时，发现一只灯泡亮而另一只不亮：再将两灯泡并联时，发现两只灯泡又都亮了，小宁感到很奇怪，请你帮他分析“串联时，一只灯泡不亮”的原因是：______。 U2U1解析： (1) 0.3 1.14 (2) 2 3.8V U1×（） (3) 不亮的灯泡电阻小，分压R0少，实际电功率太小 【解析】 【详解】 （1）小宁按图甲正确连接电路，闭合开关后，调节变阻器的滑片，让小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值是0.02A，电流为0.3A，则小灯泡的额定功率为：P=UI=3.8V×0.3A=1.14W。 （2）实验步骤是： ①闭合开关S1，将S2拨到触点2，移动滑片使电压表的示数为U1=3.8V； ②再将开关S2拨到另一个触点1，保持滑片的位置不动，读出电压表的示数U2； ③在②中，电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压为：U0=U2-3.8V，由欧姆定律可求出灯的额定电流：IU2U1U2U1，小灯泡额定功率的表达式为P额= U1×（）。 R0R0（3）灯的亮度取决于灯的实际功率，两灯串联时，根据P=I2R，不发光的灯因电阻较小，灯的实际功率较小，故灯不发光；将两灯泡并联时，根据并联电路各支路电压相等，故原来不发光的灯的电压等于电源电压（根据串联电路电压的规律，此时不发光的灯的实际电压大于串联时的实际电压），根据U2，不发光的功率变大，这个也发光了。 PR六、综合题 27．小洪同学家原来用液化石油气烧水，每天约用60℃的热水100kg.她参加“探究性学习”活动后，在老师指导和同学帮助下，制作了一台简易的太阳能热水器． (1)若这台热水器夏天平均每天可将100kg的水从20℃加热到60℃，这些水吸收的热量为多少？ (2)若液化石油气燃烧放出的热量有70%被水吸收，她家改用太阳能热水器后，平均每天可节约液化石油气多少千克？(液化石油气的热值为8.0×10J/kg) (3)请你说出使用太阳能热水器的优点．(至少说出一点) 解析：（1） （2） =1.68x10J 77 （3）太阳能不污染环境，不产生二氧化碳，是低碳能源。 【解析】 （1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量； （2）由题知，液化石油气燃烧放出的热量有70%被水吸收，即Q吸=Q放×70%，再利用Q放=mq求需要完全燃烧的液化石油气的质量，即每天节约的液化石油气质量； （3）从环保、节约能源（省钱）、取之不尽等方面列举太阳能热水器的优点． 解答：解：（1）水吸收的热量： Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg℃）×100kg×（60℃-20℃）=1.68×107J； （2）∵Q吸=Q放×70%， ∴Q放===2.4×10J， 7∵Q放=m气q气， ∴m气===0.3kg． （3）太阳能热水器是将太阳能转化为内能，被水吸收，温度升高，供人使用，对环境无污染． 答：（1）水吸收的热量为1.68×107J； （2）平均每天可节约液化石油气0.3千克； （3）对环境无污染． 点评：本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全燃烧放出的热量公式Q放=mq的掌握和运用，涉及到新能源（太阳能的利用），为了省钱、为了环保，积极开发新能源． 中考物理模拟试卷有解析 注意事项： 1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。 2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。 3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。 4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 一、单选题 1．下列光学现象及其解释正确的是 A．图a中，漫反射的光线杂乱无章，因此不遵循光的反射定律 B．图b中，木工师傅观察木板是否光滑平整利用了光直线传播的性质 C．图c表示的是小孔成像情况，屏幕上出现的是物体倒立的虚像 D．图d表示太阳光经过三棱镜色散后的色光排列情况 解析：B 【解析】 【分析】 （1）一束平行光射到粗糙的物体表面时，反射光不再平行，而是射向各个方向，这种反射叫做漫反射； （2）光在同一均匀介质中沿直线传播，排直队、瞄准时“三点一线”都是利用了光的直线传播； （3）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等； （4）太阳光是复色光，是由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光复合而成的． 【详解】 A、漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律，该选项说法不正确； B、木工师傅用一只眼睛沿着棱的方向看过去，能看到另一端，就说明木板的棱是直的，这是利用光的直线传播原理，该选项说法正确； C、小孔成像，是光的直线传播原理形成的，成的是倒立的实像，该选项说法不正确； D、太阳光通过三棱镜后，被分解成各种颜色的光，在白屏上形成一条彩色的光带，因为这条彩色的光带颜色依次是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，最上面是红光，最下面的为紫光，该选项说法不正确． 故选B． 2．如图所示，放在水平桌面上的三个完全相同的容器内，装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，三个容器内水面高度相同。下列说法正确的是（ ） A．物体受到的浮力大小关系为FA＞FB＞FC B．三个物体的密度大小关系是ρA＞ρB＞ρC C．容器对桌面的压力大小关系为F甲=F乙=F丙 D．容器底部受到水的压强大小关系为P甲＞P乙＞P丙 解析：C 【解析】A、由图可知， VA排VB排VC排，根据阿基米德原理可得浮力的大小关系为：FAFBFBFC，故A错误；B、A和B漂浮，C悬浮，由浮沉条件可知：GA＝FA，GB＝FB，GC＝FC，又FAGAGBGC；因为体积相同，由ρ＝知：ρAρBρC，故B错误； FC，故h相同，密度相同，根据p＝ρgh可知，容器底的压强关系为p甲＝p乙＝p丙，故D错误；因为容器的底面积相同，所以根据F＝PS得液体对容器底部的压力相同，液体对容器底部的压力加上容器的重力即桌面受到的压力，所以容器对桌面的压力大小关系为F甲＝F乙＝F丙故C正确。故选：C。 点睛：根据阿基米德原理判断物体受到的浮力大小关系；利用浮沉条件判断物体密度与水的密度大小关系；根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于物体排开液体的重力；利用p＝ρgh判断容器底受到水的压强关系。 3．在中国科技馆的展厅里，摆着一个如图所示，叫做“最速降线”的展品：两个并排轨道的起点高度一样，终点高度也一样；一个是倾斜的直轨道，另一个是向下弯曲的弧形轨道。将甲、乙两个完全相同的小球同时分别从直轨道和弧形轨道的起点释放，弧形轨道上的乙球先到达终点。若不计一切摩擦阻力，则关于两小球从起点至终点的运动过程中，下列说法正确的是（ ） A．乙球的重力势能先变小后变大 B．甲球所受重力对甲球做的功比乙球所受重力对乙球做的功少 C．甲球所受重力对甲球做功比乙球所受重力对乙球做功快 D．甲球的动能一直变大 解析：D 【解析】 【详解】 因为两球的重力相同，最初的高度相同；在下降过程中甲球、乙球的高度不断减小，即势能一直减小，动能一直增大，故A错误、D正确；因为两球的重力相同，在起点处小球甲与小球乙的高度相同，所以它们的重力势能相同，到最低点时重力所做的功相同，故B错误；在下降过程中，乙先到达终点，即乙的速度大，因为两球的重力相同，由P=Fv知道，重力对小球乙做功的功率比对小球甲做功的功率大，故C错误，故选D。 4．如实物图所示，以下判断正确的是( ) A．灯L1与灯L2并联，电压表测灯L1两端的电压 B．灯L1与灯L2并联，电压表测灯L2两端的电压 C．灯L1与灯L2串联，电压表测灯L1两端的电压 D．灯L1与灯L2串联，电压表测灯L2两端的电压 解析：C 【解析】 【详解】 由实物图可知,电流从正极出发经开关、电流表、灯泡L2、L1回负极,电压表并联在L1两端，则灯L1与灯L2串联，电压表与灯L1并联，所以电压表测灯L1两端的电压，故C正确，ABD错误．故选C. 5．如图所示，放在同种木板上的两个相同物体A和B，在相同拉力F的作用下分别以3cm/s、1cm/s的速度同时做匀速直线运动．经过相同的时间，若F在物块A和物块B所做的功分别用WA和WB表示，功率分别用PA和PB表示，则（ ） A．WA＞WB 解析：A 【解析】 滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，故放在同种木板上的两个相同物体A和B，在相同拉力F的作用下分别以3cm/s、1cm/s的速度同时做匀速直线运动．经过相同的时间，两物体通过的距离之比为3:1，由W=FS可得F在物块A和物块B所做的功WA和WB的比值为3:1；由P=Fv可得F在物块A和物块B所做的功率分别用PA和PB的比值为3:1，答案选A。 6．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时（ ） B．WA=WB C．PA=PB D．PA＜PB A．电压表V2示数与电流表A示数比值变大 B．电压表V1示数与电流表A示数比值变小 C．电流表A示数变大，电压表V1变大 D．电流表A示数变大，电压表V2变大 解析：C 【解析】 【详解】 A．由电路图可知，R1和R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；当开关S闭合，滑片由a端向b端移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=U/R可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大； 因电压表V2示数与电流表A示数比值等于滑动变阻器接入电路的阻值，因此比值变小，故A错误； B．因电压表V1示数与电流表A示数比值等于R1的阻值，所以，滑片移动时，电压表示数与电流表示数的比值不变，故B错误； C．由U=IR可知，R1两端电压变大，故C正确； D．因串联电路总电压等于各分电压之和，所以由U2=U﹣U1可知：即电压表V2读数会变小，故D错误。 7．如图所示，处于光滑水平面的小车上放有一条形磁铁，左侧有一螺线管，闭合开关S，下列判断正确的是（ ） A．小车受到电磁铁斥力作用，向右运动 B．小车受到电磁铁引力作用，向左运动 C．只将滑片P向右移动，电磁铁磁性增强 D．只将电源正负极交换，电磁铁磁性减弱 解析：B 【解析】 【详解】 电流从电源的正极流出，根据安培定则可知，通电螺线管的左端是N极，右端为S极，小车上的磁铁左端为N极，异名磁极相互吸引，小车受到了一个向左的吸引力，小车就会向左运动，故A错误，B正确；滑片P向右移动，连入电路的电阻增大，电源电压不变，电流减小．在线圈匝数和铁芯不变时，电流减小，电磁铁的磁性减弱，故C错误；把电源的正负极对调，将电源的正负极对调，可以改变电磁铁的极性，但不能改变磁性强弱，故D错误；故应选B． 8．小华想用空易拉罐来证明大气压强的存在，下列操作能达到目的的是 A．用手捏空易拉罐，易拉罐变瘪 B．将空易拉罐密封后置于深水中，易拉罐变瘪 C．让空易拉罐从高处下落撞击地面，易拉罐变瘪 D．用注射器抽取密封易拉罐中的空气，易拉罐变瘪 解析：D 【解析】 【分析】 分析易拉罐变瘪的原因（A是手的压力、B是水的压力、C是地面的撞击力、D是大气压的作用），判断是否能体验大气压的存在而得出答案． 【详解】 A．用手捏易拉罐，手对易拉罐施力，使易拉罐变形、变瘪，与大气压无关，不符合题意，故A错； B．液体内部的压强随深度的增加而增大，将密封易拉罐置于深水中，受到水的压强很大，而使易拉罐变形，与大气压无关，不符合题意，故B错； C．易拉罐从高处下落撞击地面，地面给易拉罐一个很大的力，使易拉罐变形，与大气压无关，不符合题意，故C错； D．用注射器抽取密封易拉罐中的空气，使里面的气压变小，在外界大气压的作用下变形，符合题意，故D正确。 9．如图所示，当滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表和电流表示数的变化情况是 A．电压表和电流表示数均变大 B．电压表和电流表示数均变小 C．电压表示数变小，电流表示数不变 D．电压表示数不变，电流表示数变小 解析：C 【解析】 【分析】 根据题中“当滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表和电流表示数的变化情况是”可知，本题考查动态电路的分析，根据串联电路的特点和欧姆定律进行分析判断。 【详解】 由电路图可知，电阻R1、R2串联，电压表与被测电路并联，因此测R1滑片右端部分和R2两端的总电压，电流表测串联电路的电流。当滑动变阻器的滑片向右移动时，R1连在电路中的电阻不变，电路的总电阻不变，所以电流大小不变，电流表的示数不变； 因为电压表并联部分电阻变小，根据U=IR可得，电压表示数变小； 故C正确，选项ABD错误。 10．在“探究电流与电阻的关系”实验中，小榕设计了如图所示的电路图．实验中电源两端电压保持6V不变，定值电阻R的阻值分别为5Ω、10Ω和20Ω，电压表示数保持2V不变．为完成实验，应选取的滑动变阻器的规格为 A．10Ω 2A 解析：D 【解析】 【详解】 B．20Ω 1A C．30Ω 2A D．50Ω 1A 由图知定值电阻和滑动变阻器串联，根据串联电路的分压原理可知，电压表示数保持2V不变，则滑动变阻器两端的电压是4V,则R滑与R的比值是2，当定值电阻阻值为20欧时 滑动变阻器连入电路的阻值最1大是40欧，所以ABC都不符合要求，故D正确． 11．如图所示，有一平面镜与水平面成45°角倾斜放置，有一小球位于平面镜的左侧，为使小球在镜中的像竖直向上运动，应使小球（ ） A．竖直向上运动 B．竖直向下运动 C．水平向左运动 D．水平向右运动 解析：C 【解析】 【详解】 根据平面镜成像原理可知，像与物体关于镜面是对称的，由于竖直方向与平面镜的夹角是45°，所以物体运动的路线与平面镜的夹角也是45°，像向上运动，物体就要向左运动，所以应选C． 12．如图所示，小明将悬挂的轻质小球紧靠音叉，用小锤轻敲和重敲音叉时，小球弹开的角度不同．比较角度的大小是为了探究（ ） A．声音产生的原因 C．音调和频率的关系 解析：B 【解析】 【详解】 B．响度和振幅的关系 D．声音的传播是否需要时间 轻敲和重敲音叉时，小球被弹开的角度不同，说明音叉的振幅大小不同，振幅的大小影响的是声音的响度，故应是响度与振幅的关系，故应选B． 二、填空题 13．如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速下压，使筒内空气的内能_____（选填“增大”、“不变”或“减小”）温度升高，硝化棉燃烧。上述现象与用热水袋焐手改变物体内能的方式_____（选填“相同”或不相同）。 解析：增大 不相同 【解析】 【分析】 根据题中“把活塞迅速下压，使筒内空气的内能……，上述现象与用热水袋焐手改变物体内能的方式”可知，本题考查改变内能的方式。需理解做功改变物体内能的实质，结合改变物体内能的方式进行分析解答。 【详解】 当把活塞迅速压下去时，活塞对空气做功，活塞的内能就会增大，空气的温度就会升高，达到硝化棉的燃烧点，硝化棉就燃烧起来。 用热水袋焐手取暖是通过热传递的方式改变内能的，故与上述实验现象改变物体内能的方式不相同。 14． “小小竹排江中游，巍巍青山两岸走”这两句歌词，前句是以_____为参照物的，后句是以_____为参照物的． 解析：青山 竹排 【解析】 【详解】 竹排相对于青山的位置不断变化，则“竹排江中游”是以青山为参照物； 两岸的青山相对于竹排的位置不断变化，则“青山两岸走”是以竹排为参照物． 15．水平桌面上两个完全相同的烧杯中分别盛有甲、乙两种液体，将两个完全相同的小球A、B分别放入两烧杯中，当两球静止时，两液面高度相同，球所处的位置如图所示两小球；甲所受浮力的大小关系为FA_____FB，两小球所排开液体重力的大小关系为GA_____GB，两种液体对烧杯底的压强的大小关系为p甲_____p乙（均选填“＞”、“=”或“＜”）． 解析：= = ＞ 【解析】 【详解】 由图可知，A球漂浮，B球悬浮，所以根据悬浮和漂浮条件可知两球受到的浮力都等于各自的重力，由于两个小球是相同的，重力相等，所以FA=FB=G． 根据阿基米德原理可知：排开液体重力GA=FA，GB=FB，所以GA=GB； 由于A球漂浮，B球悬浮，根据物体的浮沉条件可知：ρ甲＞ρ球，ρ乙=ρ球， 则两种液体的密度大小关系是：ρ甲＞ρ乙． 因为两容器液面等高（深度h相同），根据液体压强公式p=ρgh可得，两种液体对烧杯底的压强的大小关系为p甲＞p乙． 16．小勇根据“宏观世界中物体由于运动而具有的能量叫做动能”的知识，类比得出：微观世界中组成物体的分子具有分子动能。 ①请写出小勇得出组成物体的大量分子具有分子动能的依据是：分子具有_____且分子在_____。 ②类比宏观世界中物体的动能有大小，微观世界中的分子动能也有大小。 (a)如图表示不同时刻某物体内部分子运动情况(箭头越长代表分子运动越快)，_____图的分子动能较大。 (b)如果要衡量某一物体中所有分子动能的大小，可以用宏观世界中的物理量_____来反映。 解析：质量 运动 B 温度 【解析】 【详解】 ①物体由于运动而具有的能叫动能，质量越大，速度越大，物体的动能就越大，分子具有质量且分子在不停的做无规则运动，所以组成物体的大量分子具有分子动能； （a）由图可知，B图中分子运动速度快，所以分子动能较大； （b）温度越高，物体中分子热运动越快，分子动能就越大，所以要衡量物体中所有分子动能的大小，可以用温度来反映。 17．某楼顶水塔的水面比地面高出23m，一只离地面8m高的水龙头与水塔相通，水龙头横截面积为5cm2，若水龙头口处如用手指堵住，打开阀门时，水对手指的压强为_____Pa，手指受到的压力为_____N．（g 取10N/kg） 解析：1.5×105 75 【解析】 【详解】 水龙头处水的深度：h＝h1﹣h2＝23m﹣8m＝15m， 打开阀门时，水对手指的压强：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×15m＝1.5×105Pa， 由p＝F可得，手指受到的压力：F＝pS＝1.5×105Pa×5×10﹣4m2＝75N。 S18．上学前，小美同学站在穿衣镜前1.5m处整理着装，看到的“镜中人”是她的______（选填“虚”或“实”）像，像与她之间的距离是______m；这时听到门外小玲来喊她一起上学，小美是根据声音的______辨别出是小玲的． 解析：虚 ，3 ， 音色 【解析】 试题分析：根据平面镜成像特点可知，像与物体是等大的，像和物距离平面镜的距离是相等的，像是虚像；所以像到平面镜的距离也是1.5m，像与她之间的距离是1.5m+1.5m=3m；音色反映了声音的品质与特色，我们在电话中听到熟人说话可辨别对方是谁，是靠辨别对方发出的声音的音色，所以小美是根据声音的音色辨别出是小玲的． 考点：平面镜成像的特点；音色 三、作图题 19．如图所示，画出小源的脚上A点的光线经过平面镜后进入小源眼B点的光路图。 （_____________） 解析： 【解析】 【详解】 作点A关于平面镜的对称点A′，连接A′B与镜面相交于O，点O即为入射点，再连接点A和入射点O即可。注意AO和OB为实线，并标注箭头表示光的传播方向。如图： 20．在图中分别标出通电螺线管的N、S极和小磁针的N、S极． （_____） 解析： 【解析】 试题分析：先由右手螺旋定则得出通电螺线管的左端为S极，右端为N极，再由磁极间的相互作用规律得出小磁针的左端为S极，右端为N极． 解：如图： 【点评】本题考查了右手螺旋定则的使用和磁极间的相互作用规律． 21．如图所示，请作出小球被弹簧弹起后的受力示意图（不考虑空气阻力）。 解析： 【解析】 试题分析：小球被弹簧弹起后，只受重力的作用，在小球上画出重力示意图即可。 考点：力的示意图 四、计算题 22．如下图所示 ，电源电压U为3V并保持不变，滑动变阻器规格为“10Ω，1A”．当滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数0.6A．求： （1）灯泡正常发光时灯丝电阻多大？ （2）灯泡正常发光5min电流通过灯泡做的功是多少？ （3）当滑片P在最右端时，灯泡的实际功率多大？（设灯丝的电阻恒定） 解析：（1）5；（2）540J；9（3）0.2W 【解析】 【详解】 （1）由电路图知道，当滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，此时灯泡正常发光，则电源的电压U=3V，即灯泡的额定电压是3V，由欧姆定律知道，正常发光时灯丝电阻是：RLUL3V =5Ω； I0.6A（2）灯泡正常发光5min内电流通过灯泡做的功是：WL =UIL t=3V×0.6A×5×60s=540J； （3）滑片P在最右端时，灯泡与电阻串联，由欧姆定律知道，此时电路的电流是：IU3V= =0.2A，由PI2R 知道，灯泡的实际功率是：RLR滑5Ω10Ω2P=I2RL0.2A5Ω=0.2W ． 实23．某电热水壶的功率为1000W.用该电热水壶将0.5kg的水从20℃加热到100℃，已知c水4.2103J/(kgC)，此过程不计热量损失，求： （1）水吸收的热量； （2）电热水壶加热的时间。 解析：（1）1.68105J；（2）168 s。 【解析】 【详解】 （1）水吸收的热量 Q吸c水mtt0 4.2103J/(kgg℃）0.5kg(100℃20℃) 1.68105J （2）QPW t电热水壶加热的时间 WQ吸1.68105Jt168s PP1000W答：（1）水吸收的热量是1.68105J；（2）电热水壶加热的时间168 s。 24．为控制用地面积，充分利用建筑空间，新型车位采用多层停车，每层高约1.5m，如图所示，若升降机在30s内，把质量为1100kg的小车从一层升到二层停车位，小车每个轮胎 与车位平台的接触面积为4×10－3m1．求： （1）小车对车位平台的压强； （1）升降机对小车做功的功率． 解析：（1）7.5×105Pa（1）1×103W 【解析】 【详解】 （1）车静止在车位平台时，对平台的压力等于自身的重力， 即F=G=mg=1100kg×10N/kg=1.1×10 N； 4平台的受力面积是：S总=4S=4×4×10-3 m1 =0.016m1； F1.2104N5=故平台受到的压强是：p2 =7.5×10Pa； S总0.016m（1）升降机所做的功是：W=Gh=1.1×104 N×1.5m=3×104 J， W3104J3故升降机对小车做功的功率是：P =1×10W． t30s五、实验题 25．为了探究影响浮力大小的因素，某校学习小组设计了如下两次实验。 （1）第一组：如图1所示，甲、乙、丙图是小方同学的实验过程（整个过程为同一物块，g取10N/kg）。 ①由图1中实验过程及数据分析可得：物体所受浮力大小与______有关； ②该物块浸没在水中所受的浮力为______N； （2）第二组：在水平桌面上，两个完全相同烧杯中装有相同体积的水，小杨同学将A、B两个不同的实心物块，分别放入两个烧杯中，A物块沉入杯底、B物块漂浮于水面。待A、B均静止后，两液面的高度仍相同，如图2所示。则A物块所受浮力______B物块所受浮力；甲杯中水对烧杯底部压强______乙杯中水对烧杯底部压强；甲杯对桌面压强______乙杯对桌面压强。（均选填“＞”“＜”或“=”） 解析：液体的密度 1 = = ＞ 【解析】 【详解】 （1）①比较甲、乙、丙图，乙、丙中排开液体的体积相同，液体密度不同，弹簧测力计示数不同即浮力不同，分析可得：物体所受浮力大小与液体的密度有关； ②弹簧测力计的分度值为0.2N，物体的重力为4.8N；物块浸没在水中所受的浮力为：F浮=G-F水=4.8N-3.8N=1N； （2）物体放入烧杯前，水的体积相同，放入物体后，两液面仍然相平，根据p=ρgh可知甲杯中水对烧杯底部压强等于乙杯中水对烧杯底部压强；同时说明排开液体的体积相同，根据F浮=ρ液gV排可知，液体密度相同，排开液体的体积相同，所以浮力相同；因为A沉底，浮力小于重力即FA浮＜GA，ρA＞ρ水；B漂浮，浮力等于重力即FB浮=GB，ρB＜ρ水， 所以GB＜GA，ρA＞ρB； 因为烧杯在水平面上， 所以对水平面的压力等于烧杯、水、物体的总重力，F=G烧杯+G水+G物，因为G烧杯、G水都相同，GB＜GA，所以FA＞FB。两个烧杯完全相同，则甲杯对桌面的压强大于乙杯对桌面的压强。 26．现有两节新的干电池、电压表、电流表、滑动变阻器、开关、导线若干．在利用“伏安法”测量定值电阻R1阻值的实验中： [Failed to download image : http://192.168.0.10:8086/QBM/2019/5/24/2210448217800704/2211215357026304/STEM/12988b40ba2145bd94027167babf5247.png] （1）请你按图甲所示的电路图，以笔画划线代替导线，将图乙中的电路连接完整． （___________） （2）实验前为了保护电路，滑动变阻器的滑片应置于_____端（选填“A”或“B“）； （3）闭合开关，无论怎样移动滑片P，发现电流表始终无示数，电压表有示数，其原因可能是_____（填符号） A．滑动变阻器断路 B．R1断路 C．R1短路 （4）排除故障后，当电压表示数为2.7V时，电流表示数如图丙所示，则通过R1的电流大小为_____．它的阻值是_____Ω． （5）本实验要多次测量取平均值，是为了_____． 解析： B B 0.3A 9 减小误差 【解析】 【详解】 （1）滑动变阻器串联在电路中，接线柱采用“一上一下”方式连入电路，下接线柱已经选择，上面选择哪一个都行，如下图： ； （2）实验前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处，结合实物图可知，滑片应滑到B端； （3）闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现电流表无示数，说明电路有地方发生断路； 电压表有示数，说明电阻R1断路；故B 正确． （4）电流表量程为0～0.6A，指针指在0.3A，故电流为0.3A， 则定值电阻的阻值：R1U2.7V9； I0.3A（5）本实验要多次测量取平均值，是为了减小误差． 六、综合题 27．为了参加全国青少年创新大赛，小强运用所学电学知识，设计了一个电子身高测量仪，如图所示，其中定值电阻R1=5Ω，电源电压恒为4.5V，R2的规格为“15Ω0.5A”， 电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A， (1)R1在电路中的作用是_____________________。 (2)当被测身高增加时，电压表的示数_______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。 (3)当变阻器R2接入电路的阻值是6.25Ω时，电流表的示数为________A。 (4)为了保证电路中各元件安全工作，变阻器接入电路的阻值范围是______。 解析：保护电路，避免R2阻值为零时发生短路 变大 2.5V 4Ω～10Ω 【解析】 【详解】 （1）当滑动变阻器滑片滑到最底端时，滑动变阻器会短路，故R1可以防止整个电路发生短路而烧坏电流表，故R1的作用为保护电路； （2）当被测身高增加时，滑动变阻器接入电阻增大，则由欧姆定律可知电路中电流减小，R1两端的电压减小，由串联电路的电压规律可知电压表示数变大； （3）电路中总电阻： R=R2+R1=5Ω+6.25Ω=11.25Ω， 由欧姆定律可得电路中电流： I=4.5VU==0.4A； R11.25Ω（4）由题意知，电流表量程为0～0.6A，而R2的限制电流为0.5A，故电路中电流不得超过0.5A；则由欧姆定律可得，电路的总电阻： U4.5VR1===9Ω； I10.5A则此时滑动变阻器接入电阻为： R0=9Ω-5Ω=4Ω； 电压表量程为0～3V，故滑动变阻器两端的电压不得超过U′=3V，则当滑动变阻器两端的电压为3V时，R1两端的电压为： U1=4.5V-3V=1.5V； 则由欧姆定律可得：电路中电流为： U11.5VI2===0.3A； R15 则滑动变阻器的阻值： U3VR0′===10Ω； I20.3A故滑动变阻器的阻值范围为4Ω～10Ω。 中考物理模拟试卷有答案含解析 注意事项： 1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。 2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。 3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。 4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 一、单选题 1．现有用同一种材料做成的四个正方体，其中有一个是空心的，它们的边长和质量如图所示，空心的是（ ） A． B． C． D． 解析：C 【解析】 【详解】 m5g35g/cm 3V1cmm40g35g/cmB． 3V8cmm105g33.89g/cmC． V27cm3m320g5g/cm3 D．3V64cmA．所以选C． 2．在下列实例中，用做功的方式来改变物体内能的是( ) A．热水倒入茶杯，茶杯的温度升高 B．将冰冻食物放在水中解冻，水变凉 C．刚煮熟的鸡蛋放在冷水中，鸡蛋的温度降低 D．寒冷的冬天，双手互搓，手的温度升高 解析：D 【解析】 试题分析： 改变内能的方式有两种，一是做功二是热传递；热水倒入茶杯，茶杯的温度升高是利用热传递改变茶杯内能；将冰冻食物放在水中解冻，水变凉是利用热传递方式改变内能；刚煮熟的鸡蛋放在冷水中，鸡蛋的温度降低，是利用热传递改变物体内能；寒冷的冬天，双手互搓，手的温度升高，是通过做功改变物体内能；故答案选D． 考点：改变内能的方式 3．两个定值电阻R1、R2并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如图乙所示，闭合开关S，则R1，R2产生的热量之比为( ) A．2：1 解析：A 【解析】 【详解】 B．1：2 C．4：1 D．1：4 由并联电路的特点知道，R1、R2的电压是相同的，由图乙知道，在电压相同时，通过R1、R2 的电流之比是2：1；由I=U/R知道，R1、R2 的电阻之比为1：2；由图甲知道，闭合开关S，则通电时间相同，由U2QWt知道，产生的热量与电阻成反比，故R1、R2产生的热量之比是2：1，故选A． R4．如图，小轶用水平推力推静止在水平地面上的箱子，但箱子却没有运动，下列说法正确的是（ ） A．箱子所受的重力与箱子对地面的压力是一对相互作用力 B．箱子受到的重力和地面对箱子的支持力是一对相互作用力 C．地面对箱子的支持力和箱子对地面的压力是一对平衡力 D．箱子所受的推力与地面对箱子的摩擦力是一对平衡力 解析：D 【解析】 【详解】 A.箱子所受的重力与箱子对地面的压力方向相同，不是一对相互作用力，故A错误； B.箱子受到的重力和地面对箱子的支持力是作用在同一个物体上的两个力，不是一对相互作用力，故B错误； C.地面对箱子的支持力和箱子对地面的压力是作用在不同物体上的两个力，不一对平衡力，故C错误； D.箱子所受的推力与地面对箱子的摩擦力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，是一对平衡力，故D正确。 5．为了提高全民健身意识，增强国民体质，居民区里安装了图所示的健身器材．健身器材的下列特点在使用过程中可以减小摩擦的是 A．划船器座椅上的凸起圆点 B．背部按摩器上的凸起圆点 C．漫步机上的脚踏滚动圆环 D．腿部按摩器上的楞条形花纹 解析：C 【解析】 【详解】 A、划船器座椅上的凸起圆点，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A不符合题意； B、背部按摩器上的凸起圆点，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B不符合题意； C、漫步机上的脚踏滚动铁管，是用滚动代替滑动来减小摩擦．故C符合题意； D、腿部按摩器上的楞条形花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D不符合题意． 6．如图所示的四种现象中，由于光的反射形成的是 A．手在屏幕上开成手影 B．景物在水中形成倒影 C．放大镜把文字放大 D．笔好像在水面处“折断” 解析：B 【解析】 【详解】 A．手在屏幕上形成“手影”是由于光的直线传播形成的现象，故A不符合题意． B．景物在水中形成“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，B符合题意． C．放大镜把文字放大，是凸透镜成像，属于光的折射现象，C不符合题意． D．笔好像在水面处“折断”属于光的折射现象，D不符合题意． 7．如图所示，电源电压不变，闭合开关后，下列关于电压表示数变化的说法正确的是（ ） A．滑片P向右移动，V1表示数变大，V2表示数不变 B．滑片P向右移动，V1表示数变小，V2表示数变大 C．滑片P向左移动，V1表示数变小，V2表示数变大 D．滑片P向左移动，V1表示数变大，V2表示数不变 解析：D 【解析】 【详解】 BC．由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表V1测R两端的电压，电压表V2测电源的电压，因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表V2的示数不变，故BC错误； A．当滑片P向右移动时，接入电路中电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=U可知，电路中的电路变R小，由U=IR可知，R两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，故错误; D．同理可知，滑片P向左移动，接入电路中电阻变小，电路中的电路变大，R两端的电压变大，电压表V1的示数变大，故正确． 故选D 8．如图所示，在四个完全相同的玻璃杯内装有质量不等的同种葡萄酒，用大小相同的力敲击四个玻璃杯，会发出不同的声音．这“不同的声音”主要是指声音的 A．音调 解析：A 【解析】 【详解】 四个完全相同的玻璃杯内装有质量不等的同种葡萄酒，用大小相同的力敲打四个玻璃杯时，酒上方的空气柱长度不同，振动频率不同，所以可以区别音调不同．A符合题意． 9．质量相等、初温相同的水和酒精，分别用两个相同的加热器加热，不计热量损失．加热过程中，温度随时间变化的图像如图所示．关于a、b两种液体的鉴别结论正确的是 B．振幅 C．音色 D．响度 A．a的比热大，是水 C．b的比热大，是水 解析：C 【解析】 B．a的比热大，是酒精 D．b的比热大，是酒精 如图所示，在某一定时间时，a的温度的变化量比b的温度变化量大；利用热量的计算公式Q="cm△t" 分析，a的比热容小，是酒精；b的比热容大，是水．故选C． 思路分析：如图所示，可以采用控制变量法分析，具体做法在时间一定时，比较温度的变化量；然后再利用热量的计算公式分析即可． 试题点评：本题采用了控制变量法，这是一种常用的一种分析问题和探究物理问题的方法．学生要熟知其道理． 10．下列与声现象有关的说法中不正确的是（ ） A．宇航员之间在太空中不能直接对话，是因为真空不能传声 B．高速公路两旁的隔音板可防止噪声的产生 C．只有主人说出暗语时才能打开“声纹锁”，其辨别声音的主要依据是音品 D．汽车安装的倒车雷达是利用超声波工作的 解析：B 【解析】 【详解】 A、太空中没有空气，真空不能传声，因此两名宇航员在太空中不能直接对话,A正确；B、高速公路两旁的隔音板是在传播中减弱噪声，而不是为了防止噪声的产生．B不正确；C、不同人声音的音色不同，区别出谁在说话，是因为音品不同的原因，声纹锁主要是依据声音的音品来辨别主人的．C正确；D、倒车雷达是利用超声波传递信息的．D正确．故选B． 11．如图所示，是探究“动能的大小与什么因素有关？”实验的示意图．小球从a处滚下，在c处与小木块碰撞，并与小木块共同运动到d处停下．下面的一些判断正确的是（ ） A．从a到b，小球的势能不变，动能增大 B．从b到c，小球的势能增大，动能增大 C．到达c处，小球的势能最小，动能最大 D．到达d处，小球的动能为零，小木块的动能最大 解析：C 【解析】 【详解】 A．从a到b小球的质量不变，高度减小，重力势能减小,故此选不合题意； B．从b到c小球的质量不变,高度减小,重力势能减小,故此选项不合题意； C．到达 c处，小球到达平面，小球的势能最小，小球的质量不变,速度增大，动能最大，此选项符合题意； D．到达d处，小球质量不变，与 c处相比高度不变,重力势能不变，小球质量不变，小球撞击木块后，速度不断减小，动能不断减小，到d点停止，速度为零，动能为零，此选项不合题意． 12．下列图象中，能正确反映“物体所受的重力跟它的质量的关系”的是（ ） A． B． C． D． 解析：B 【解析】 【详解】 A．物体质量增大时，物体的重力不变．不符合题意． B．物体的重力和物体的质量是一个一次函数图象，物体的重力跟物体的质量成正比．符合题意． C．物体的重力跟物体的质量之间是二次函数图象．不符合题意． D．物体的质量增大时，物体的重力减小．不符合题意． 二、填空题 13．如图甲所示，把标有“6 V 3 W”的灯泡L和滑动变阻器R串联接入恒定电压为9 V的电源上，通过L的电流I与L两端电压U的关系如图乙所示，则L正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻是_______Ω；当电路中电流为0.4 A时，L的实际功率是_________W． 解析：6 1.6 【解析】 【详解】 [1]由甲电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且灯泡正常发光，所以，R两端的电压： UR=U﹣UL=9V﹣6V=3V， 此时灯泡正常发光，由图象可知，当灯泡两端电压为6V时，通过灯泡的电流为0.5A，因串联电路中各处的电流相等，所以滑动变阻器接入电路中的电阻： URUR3VR==6Ω IRIL0.5A[2]当电路中电流为0.4A时，由图象可知，L两端的电压UL′=4V，则灯泡的实际功率： PL′=UL′IL′=4V×0.4A=1.6W． 14．105 m3的天然气完全燃烧释放出的热量是______J；若这些热量有50%被质量为10 t初温为20 ℃的水吸收，水的温度能够上升到______℃．（q天然气=4.0×107 J/m3，c水=4.2×103 J/（kg·℃）） 解析：4.2×109 70 【解析】 【详解】 105m3的天然气完全燃烧产生热量：Q放=Vq天然气=105m3×4.0×107J/m3=4.2×109J； 由Q吸100%得水吸收的热量：Q吸=ηQ放=50%×4.2×109J=2.1×109J， Q放Q吸2.1109Jt50℃ 由Q吸=cm△t得，加热后水上升的温度：V34c水m水4.210J/(kg℃)110kg水的末温t=t0+50℃=20℃+50℃=70℃． 15．在探究“不同物质吸热能力”的实验中：在两个相同的烧杯中分别加入初温相同、质量相同的a、b两种液体，液面位置如图甲所示，则可判断密度较大的液体是______（选填“a”或“b”）；选用相同电加热器的目的是_____；a、b两种液体的温度随时间变化的图象如图乙所示，则可判断出______（选填“a”或“b”）吸热能力强． 解析：a 使液体在相同时间内吸收的热量相同 a 【解析】 【详解】 根据题意知道，在两个相同的烧杯中分别加人初温相同、质量相同的a、b两种液体，液面位置如图甲，由=m 知道，当两种物质质量相等时密度大的体积小，则可判断出a液体密度较大；选用相同电加热V器的目的是：使液体在相同时间内吸热相同；由图乙知道，在相同的加热时间时，a物质的温度变化慢，由QcmΔt 知道，相同质量的不同物质吸收相同的热量，温度变化小的吸热能力强，则可判断出a吸热能力强． 16．意大利科学家_____首先用实验测定了大气压的值。擦黑板时，黑板擦与黑板间的摩擦属于_____（选填“滑动”或“滚动”）摩擦。重1000牛的货物被起重机匀速向上吊起时，货物所受的合力为_____牛。 解析：托里拆利 滑动 0 【解析】 【详解】 意大利著名的科学家托里拆利利用实验测定了一个标准大气压能够支持760mm高的水银柱，即一标准大气压相当于760mm水银柱所产生的压强；擦黑板时，黑板擦在黑板上滑动把字迹擦掉，这种摩擦属于滑动摩擦；当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时所受合力为0，即为平衡状态，所以货物被起重机匀速向上吊起时，货物所受的合力为0牛。 17．如图甲，电源电压为6 V，灯泡L1和L2均标有“6 V 6 W”字样，其电流随电压变化的曲线如图乙所示．如果同时闭合开关_______，可使两灯都能正常发光；如果同时闭合开关S1、S2，电流表的示数是____A；如果只闭合开关S2，电路消耗的总功率是______W． 解析：S1和S3 1 4.2 【解析】 【分析】 （1）同时闭合开关S1、S2时，电路为L1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据图象读出电流表的示数； （2）只闭合开关S2时，两灯泡串联，它们两端的电压相等，为电源电压的一半，由图象求出此时电路电流，由功率公式P=UI求出电路功率． 【详解】 （1）同时闭合开关S1、S2时，电路为L1的简单电路，电流表测电路中的电流，此时灯泡两端的电压为电源的电压6V，由图象可知电流表的示数为1.0A； （2）只闭合开关S2时，两灯泡串联，两灯泡分得的电压相等，即： U1=U2=U6V==3V， 22由图象可知，此时电路电流： I=0.7A， 则电路消耗的总功率： P=UI=6V×0.7A=4.2W。 18．小丽上学前站在平面镜前理了理自己的头发．当她转身远离平面镜时，像离人的距离_____（选填“变大”“变小”或“不变”），她在平面镜中的像_____（选填“变大”“变小”或“不变”）． 解析：变大 不变 【解析】 【详解】 平面镜成像的特点：①像与物的大小相等；②像与物到来面镜的距离相等；③像与物的连线与镜面垂直；④平面镜所成的像是虚像． 当她转身远离平面镜时，她到平面镜的距离变大，像离人的距离变大；像与物的大小相等，她在平面镜中的像的大小不变． 【考点定位】 平面镜成像的特点的应用 三、作图题 19．如图，一条长绳的一端固定在天花板上，另一端系一个小球做成一个摆．当球摆到图中所在位置时，画出小球所受重力和绳对小球拉力的示意图． （___） 解析： 【解析】 【详解】 重力的方向是竖直向下的，拉力的方向是沿绳子斜向上的；过球心作竖直向下的重力和沿绳子斜向上的拉力，如图所示： 20．如图所示，O为杠杆的支点，请作出F1的力臂L1。 （______） 解析：如图所示 【解析】 试题分析：从支点O到F作用线的距离即为F的力臂；延长F的作用线，从支点O向F的作用线引垂线，垂线段的长度L即为F的力臂，如图所示： 考点：力臂的画法 21．根据如图所示通电螺线管周围的磁感线方向，在图中标出通电螺线管的N极和电源的正极； （_____） 解析： 【解析】 在磁体的周围，磁感线是从磁体的N极出发，回到S极，所以图示的螺线管的右端为N极。根据螺线管的N极和线圈的绕向，利用右手螺旋定则可以确定电流是从螺线管的左端流入，右端流出。从而可以确定电源的左端为正极。如下图所示。 四、计算题 22．如图所示，盛有水的杯子静止在水平桌面上。杯子重1N，底面积为40cm；杯内水重5N；体积为100cm3、重为2N的物体M浸没在水中，此时水深10cm。（水的密度ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求： 2 （1）物体M在水中所受的浮力； （2）水对杯底的压力； （3）杯子对水平桌面的压强。 解析：（1）1N；（2）4N；（3）2000 Pa 【解析】 【详解】 （1）100cm=100×10m=10m， 物体M在水中所受的浮力为：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×10-4m3=1N。 （2）10cm=0.1m， 水对杯底的压强为：p1=ρ水gh=1.0×10kg/m×10N/kg×0.1m=10Pa， 水对杯底的压力为：F1=p1S=103Pa×40×10-4m2=4N。 （3）杯子对水平桌面的压力为：F2=1N+5N+2N=8N， 杯子对水平桌面的压强为：p2=3333-63-43F28N==2000Pa。 42S4010m23．学校兴趣小组的同学自制了一台电烘箱，电烘箱的技术参数及设计的简化电路图如下，R1和R2均为电热丝且电阻值恒定．求： 额定电压 220 V 高温档 5A 2A 正常工作电流 低温档 （1）电烘箱在高温档正常工作时每分钟产生的热量． （2）电热丝R1的阻值． （3）电烘箱在低温档正常工作时，R2的功率． 解析：（1）66000J（2）44Ω（3）264W 【解析】 【详解】 由电路图知道，当S1 和S2 均闭合时，R2短路，电路中只有R1，设电路的功率为P1；当只闭合S1 时，R1U2与R2串联，根据电阻的串联，电路的总电阻R=R1 +R2；由P知道，P1＞P2 ，所以，P1为高温档电R功率，P2 为低温档电功率； （1）由表格中数据知道，高温档电路的电流I1 =5A，电压为U=220V，所以，电烘箱在高温档正常工作时，每分钟可产生的热量是：Q=W=UI1t=220V×5A×60s=6.6×10 J； （2）由表格中数据知道，高温档电路的电流是I1 =5A，电压是U=220V，由欧姆定律知道，电热丝R1的阻值是：R14U220V44； I15A（3）由表格中数据知道，电烘箱在低温档时正常工作时的电流I2 =2A，由欧姆定律知道，电路的总电阻是：RU220V =110Ω， I22A由串联电阻的规律知道，R2 =R-R1 =110Ω-44Ω=66Ω， 所以，R2 的功率是：P2 =I2 ×R2 =（2A） ×66Ω=264W． 24．如图所示，质量为100g、底面积为50cm2、高为11cm的薄壁圆柱形容器和一个底面积为10cm2、高为8cm的实心圆柱体置于水平桌面上。容器内盛有某种液体，当液体深度为10cm时，液体对容器底的压强为800Pa；若把圆柱体轻轻地浸没在盛有液体的容器中，圆柱最终静止时，沉在容器底部，这时容器对桌面的压强比未放入圆柱体时增大了152Pa．圆柱体不吸水也不溶于水。求： 22 （1）液体的密度； （2）圆柱体沉底时所受浮力的大小； （3）圆柱体最初置于水平桌面上时，圆柱体对桌面的压强。 解析：（1）800kg/m（2）0.64N（3）1000Pa 【解析】 【详解】 （1）当液体深度为10cm时，液体对容器底的压强为800Pa，由p＝ρgh得，液体的密度：ρ液＝3P＝gh800Pa＝800kg/m3； 10N/kg0.1m（2）圆柱体浸没在液体中排开液体的体积：V排＝V柱＝S柱h柱＝10cm×8cm＝80cm＝8×10m，圆柱体沉底时所受浮力的大小：F浮＝ρ液gV排＝800kg/m×10N/kg×8×10m＝0.64N； （3）溢出液体的体积：V溢＝V排﹣S容器h′＝8×10﹣5m3﹣50×10﹣4m2×0.01m＝3×10﹣5m3，溢出液体的重力：G溢＝mg＝ρV溢g＝800kg/m3×10N/kg×3×10﹣5m3＝0.24N，由p＝3﹣5323﹣53F得，容器对桌面增大的压力：S△F＝△pS容器＝152Pa×50×10﹣4m2＝0.76N，圆柱体的重力：G＝△F+G溢＝0.76N+0.24N＝1N，圆柱体最初F置于水平桌面上时，圆柱体对桌面的压力等于其重力，即F＝G＝1N，圆柱体对桌面的压强：p＝＝S柱1N＝1000Pa。 421010m五、实验题 25．测量一个陶瓷小酒杯的密度（指图中小酒杯材料的密度）．小明实验步骤如下： （1）用调节好的天平测量小酒杯的质量，当天平平衡后，右盘中砝码和游码的位置如图甲所示，小酒杯的质量m为_____g。 （2）在量筒中放入适量的水，如图乙所示，读出水面所到的刻度值V1； （1）将小酒杯浸没在量筒的水中，如图丙所示，读出水面所到的刻度值V2； （4）小酒杯的密度为ρ酒杯＝_____kg/m1。 （5）小华在测量过程中，不用天平，只用量筒也测出小酒杯的密度。去掉步骤（1），在步骤（1）之前加上一个步骤：将小酒杯_____在量筒的水中，读出水面所到的刻度值V1．则小酒杯的密度为ρ酒杯＝_____（用V1、V2、V1来表示，水的密度为ρ水）。 解析：62 1.1×101 漂浮 【解析】 用天平测量物体质量时，物体质量等于砝码质量加游码示数即50g+10g+2g=62g；由乙丙两图可知小酒杯的体积V=70mL-50mL=20mL；得酒杯密度ρ酒杯=m/V=62g/20cm1=1.1g/cm1= 1.1×101 kg/m1；若不用天平测量小酒杯的质量，则利用漂浮时排开水的质量等于小酒杯的质量，故将小酒杯漂浮在量筒的水中，读出水面所到的刻度值V1，则排开水的质量m=ρ水（V1-V1）；密度ρ酒杯=m/V=ρ水（V1-V1）/（V2-V1）. 26．学习小组想探究“通电导体在磁场中受力的大小与导体在磁场中长度的关系”。 （实验目的）探究通电导体在磁场中受力大小与导体在磁场中长度的关系 （实验器材）边长不同的矩形线圈2个、足够宽的U形磁铁、弹簧测力计、电源、导线、开关。 （实验步骤） （1）如图，用弹簧测力计测量矩形线圈a的重力G1，再将a放入磁场中。通电后，弹簧测力计示数变为F1．发现F1小于G1，则磁场对线圈a作用力的方向是_____。 （2）换用矩形线圈b，重复步骤（1）中的实验，每次实验时AB边在磁场中的_____相同。记录线圈b受到的重力G2和拉力值F2．应比较_____和_____的关系，得出结论。 （3）某次实验时，发现弹簧测力计的示数比该矩形线圈的重力大，你觉得可能的原因是；_____ 解析：竖直向上 位置 G1-F1 G2-F2 磁场方向发生改变或电流方向发生改变 【解析】 【详解】 （1）用弹簧测力计测量矩形线圈a的重力G1，再将a放入磁场中，通电后，弹簧测力计示数变为F1．发现F1小于G1，则可判断磁场对线圈a有一竖直向上的力F，此时的磁场力F=G1-F1； （2）探究通电导体在磁场中受力大小与导体在磁场中长度的关系，则保证线圈在磁场中的位置不变，改变线圈的长度，换用矩形线圈b，记录线圈b受到的重力G2和拉力F2，此时的磁场力F′=G2-F2；比较G1-F1与G2-F2的大小关系，得出结论； （3）通电导线在磁场中受力的方向与磁场方向和电流方向有关系。当电流方向和磁场方向有一个改变时，通电导线的受力方向将会发生改变，使得弹簧测力计的示数等于线圈重力与磁场力之和，故示数比该矩形线圈的重力大。 六、综合题 27．如图(a)所示，电源电压为6伏且保持不变，电阻R1阻值为10欧，电流表A和A1是两个相同的电表。闭合电键S后，电流表A的示数如图(b)所示。求： （1）通过R1的电流I1。 （2）通电10秒钟电流通过R2所做的功。 （3）现用标有“60Ω 3A”和“20Ω 2A”字样的滑动变阻器，则当选用标有哪种字样的滑动变阻器替换R1，将电流表A1串联接入_____点处时(选填“M”成“N")，在移动变阻器滑片P的过程中能使电流表A1与A示数的比值最小，求电流表A1与A示数的最小比值及此时滑动变阻器消耗的功率P。 解析：（1）0.6A；（2）24J；（3）“60Ω 3A”；N；2:15；15.6W 【解析】 【详解】 U6V（1）由电路图可知，电阻R1和R2并联，电流表A测干路电流；则R1的电流I1===0.6A； R110Ω（2）从图（b）中可知，电流表的量程是0-3A，分度值是0.02A，电流表A的示数为1A， 根据并联电路电流特点可知通过R2的电流：I2=I-I1=1A-0.6A=0.4A，并联电路中各个支路的电压相等，所以R2两端的电压为6V，电流通过R2所做的功W2=UI2t=6V×0.4A×10s=24J； （3）由于电阻R1与R2并联，电流表A测干路电流，支路R2的电流不变，则在移动变阻器滑片P的过程中使电流表A1与A示数的比值最小，则应增大A的示数同时减小电流表A1的示数，或只增大A的示数；由于电流表A测干路电流，根据并联电路的电流特点可知：电流表A的示数会随R1电流的增大而增大；所以，应把电流表接入N点处； 滑动变阻器标有“60Ω 3A”字样，通过变阻器的最大电流为3A，图中电流表A的最大量程为0-3A，所以干路中的电流最大为3A，通过变阻器的电流I1最大=3A-0.4A=2.6A，电流表A1与A示数的最小比值I20.4A2=，滑动变阻器的电功率P=UI1最大=6V×2.6A=15.6W； I3A15滑动变阻器标有“20Ω 2A”字样，所以I1最大′=2A，电流表A1与A示数的最小比值I20.4A1=； I0.4A+2A6使电流表A1与A示数的比值最小，所以选择标有“60Ω 3A”字样的滑动变阻器。 中考物理模拟试卷有解析 注意事项： 1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。 2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。 3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。 4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 一、单选题 1．小明同学身高1．80m,家里装修时要在墙上安装一个竖直的平面镜，为了能从平面镜中看到自己的全身像，平面镜的最小长度应为（） A．30cm 解析：C 【解析】 【详解】 B．60cm C．90cm D．120cm 根据平面镜成像特点可知，物体与像关于平面镜对称．如图根据平面镜成像特点画图，分别找出头顶、眼睛和脚在平面镜中的像， A、C、B分别表示人的头顶、眼睛和脚的位置．EF为平面镜的位置， A′C′B′为ACB的像，根据相似三角形的知识,由于像和物到平面镜的距离相等，所以，为了能从平面镜中看到自己的全身像，平面镜的最小长度选C． ，故 2．如图所示电路，当开关闭合，两灯正常发光．使用中发现两灯突然熄灭，电流表无示数，电压表示数增大，则故障可能是 A．灯L1被短接 解析：D 【解析】 【详解】 B．灯L2被短接 C．灯L1断路 D．灯L2断路 首先分析电路，此电路是串联，电压表测量灯泡L2当使用中发现两灯突然熄灭，说明是电路，电压表示数增大，则故障可能是电压表并联的L2断路了，正确选D． 3．小明在玻璃杯内盛满水，杯口盖上一张硬纸片（不留空气），然后托住纸片，将杯子倒置或倾斜，水都不流出，纸片也不掉下（如图所示）．对整个探究活动的分析正确的是 A．探究的问题：大气压强有多大 B．探究的目的：研究水的重力与大气压力的关系 C．探究的假设：大气对各个方向都有压强 D．探究的结论：大气向各个方向的压强相等 解析：C 【解析】 【详解】 该实验是探究大气压存在的实验，因此针对该实验可以提出问题为大气压向各个方向有压强吗？假设：大气向各个方向有压强；目的是探究大气压向各个方向是否有压强；结论：大气压向各个方向有压强；因此只有C选项符合要求． 4．两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的路程（s）一时间（t）图象如下图．根据图象，下列判断正确的是 A．两次物体运动的速度：v1＜v2 B．两次物体所受的拉力：F1＞F2 C．0-8s两次拉力对物体做功的功率：P1＞P2 D．0-8s两次拉力对物体所做的功：W1=2W2 解析：D 【解析】 【详解】 A．由图象知道，两次物体都做匀速直线运动，在相同时间内，物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，所以v1＞v2；故A错误； B．同一物体，则重力不变，对水平面的压力不变；在同一水平面上运动，则接触面的粗糙程度相同，故两次拉动物体时，物体受到的摩擦力相等；又因为两次物体都做匀速直线运动，即物体受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以，两次物体所受的拉力是F1=F2 =f，故B错误； CD．由图象知道，0～8s物体第一次通过的路程为0.8m，第二次通过的路程为0.4m，又因为两次拉力相等，由W=Fs知道，W1 =2W2 ，由P误，故D正确． 5．一个木箱从粗糙的斜面上匀速滑下来，则它的 A．机械能和内能都增大 C．机械能增大，内能减小 解析：B 【解析】 木箱匀速下滑时，动能不变，重力势能减少，故机械能减少；在下滑过程中，因为摩擦力的存在，对木箱做功，所以木箱内能增大，温度升高． 6．在如图所示的四个电路中，哪个电路中三个电灯是并联的（ ） B．机械能减小，内能增大 D．机械能和内能都不变 W 知道，0～8s两次拉力对物体做功的功率是：P1 ＞P2，故C错tA． B． C． D． 解析：C 【解析】 【详解】 A．由于电压表相当于开路，电流表相当于导线，所以此电路中电流表短路，且是一个串联电路，故A不符合题意； B．由于电压表相当于开路，故此电路中的三个灯泡串联，故B不符合题意； C．由于电流表相当于导线，故该电路中的三个灯泡并联，故C符合题意； D．由于电压表相当于开路，故此电路中的三个灯泡串联，故D不符合题意； 7．下列与声现象有关的说法中不正确的是（ ） A．宇航员之间在太空中不能直接对话，是因为真空不能传声 B．高速公路两旁的隔音板可防止噪声的产生 C．只有主人说出暗语时才能打开“声纹锁”，其辨别声音的主要依据是音品 D．汽车安装的倒车雷达是利用超声波工作的 解析：B 【解析】 【详解】 A、太空中没有空气，真空不能传声，因此两名宇航员在太空中不能直接对话,A正确；B、高速公路两旁的隔音板是在传播中减弱噪声，而不是为了防止噪声的产生．B不正确；C、不同人声音的音色不同，区别出谁在说话，是因为音品不同的原因，声纹锁主要是依据声音的音品来辨别主人的．C正确；D、倒车雷达是利用超声波传递信息的．D正确．故选B． 8．如图所示，是一密度计分别放入两种不同液体静止后的情形，关于两次密度计所受浮力大小和两种液体密度大小的关系，下列判断正确的是 （ ） A．密度计在甲杯中受到的浮力比乙杯中小 B．密度计在甲杯中受到的浮力比乙杯中大 C．甲杯液体的密度比乙杯液体的密度小 D．甲杯液体的密度比乙杯液体的密度大 解析：D 【解析】 【详解】 因为密度计漂浮，所以F浮=G，密度计在两种液体中受到的浮力相等，都等于密度计受到的重力G，由上分析知，AB错误； 又F浮=ρ液gV排=G，由图知，密度计排开液体的体积：V甲排＜V乙排，所以液体的密度：ρ乙＜ρ甲，D正确，C错误． 9．下列有关光的现象中，正确的说法是 A．阳光下，微风吹拂的河面，波光粼粼，这里蕴含着光的反射 B．光与镜面成30°角射在平面镜上，则其反射角也是30° C．人在照镜子时，总是靠近镜子去看，其原因是靠近时像会变大 D．老年人通过放大镜看书，看到的字的实像 解析：A 【解析】 【详解】 A．中，阳光下河面波光粼粼，是太阳光经水面反射进入人的眼睛形成的，是光的反射现象，符合题意； B．光与镜面成30º角射在平面镜上，反射角应为60º，不符合题意； C．平面镜成像时，像与物的大小相等，所以当人靠近平面镜时，像的大小不变，不符合题意； D．透过放大镜看书，看到的是正立、放大的虚像，不符合题意． 10．如图所示是教材中的情景再现，下列解释不正确的是 A．用力推墙后向后运动，说明物体间力的作用是相互的 B．提着滑板在水平路面上前行，说明人提滑板的力做了功 C．口吹硬币跳越木块，说明气体流速越大的位置压强越小 D．松手后铁锁来回摆动，说明动能和势能可以相互转化 解析：B 【解析】 【分析】 紧扣教材，分析教材中的情景再现，深刻理解物理现象，掌握物理规律，有利于物理学习。结合具体现象用物理知识进行分析判断。 【详解】 A．人用力推墙，人对墙有力的作用的同时，也受到了墙的作用力，说明了物体间力的作用是相互的，故A正确。 B．根据做功的必要因素，人提着滑板在水平路面上前行，没有在力的方向上通过距离，所以人提滑板的力不做功，故B错误。 C．口吹硬币跳越木块，硬币上方空气流速大，压强小，硬币下方空气流速小，压强大，所以硬币在压强差的作用下跳起，故C正确； D．松手后铁锁来回摆动，当从最高点向最低点运动时，速度变大，高度减小，即动能变大，重力势能变小，所以是将重力势能转化为动能的过程；铁锁从最低点向最高点运动时，高度增加，重力势能增大，速度减小，动能减小，是将动能转化为重力势能的过程，故说明动能和势能可以相互转化，故D正确； 11．如图所示，用手指压圆珠笔芯使它弯曲，同时手指感到疼痛，这个实验不能说明 A．力的作用是相互的 C．力可以改变物体的形状 解析：D 【解析】 【详解】 B．笔尖受力面积小压强大 D．力可以改变物体的运动状态 笔芯变弯曲，人手指感到疼，说明力的作用是相互的，所以A符合；笔芯和手指受到的压力是相等的，所以笔尖受力面积小压强大，所以B符合；笔芯发生了形变，说明力可以改变物体的形状，所以C符合；由于在这个过程中物体没有运动，所以不能说明力可以改变物体的运动状态；应选D。 12．小竹将质量为120g的物体放入盛满水的溢水杯中，当物体静止时，溢水杯中溢出了100cm的水，则物体(g取10 N/kg) A．漂浮在水面上 B．悬浮在水中 C．沉在溢水杯底部 D．受到1.2 N的浮力 解析：C 【解析】 【分析】 判断物体的浮沉，除通过比较浮力和重力的大小进行判断外，还可以通过比较物体的密度与液体的密度的大小进行判断． 【详解】 物体的重力G=mg=0.12kg×10N/kg=1.2N；物体受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×10-433m=1N；因为G﹥F浮，所以物体在水中会下沉直至沉在溢水杯底部． 故选C． 二、填空题 13．有甲、乙两只灯泡，甲标有“15V 1.0A”字样，乙标有“10V 0.5A”字样．现把它们串联起来，则该串联电路两端允许加的最高电压为(不考虑温度对灯泡电阻的影响)___________V ；若将两灯泡并联，则干路中最大电流为_________A． 解析：17.5 1.17 【解析】 【详解】 由R=U/I，把数据代入可得，甲、乙两只灯泡的电阻分别为15Ω和20Ω；因为串联电路中电流处处相等，所以，把它们串联起来，电路中的最大电流为0.5A，则该串联电路两端允许加的最高电压为： U=IR=0.5A×（15Ω+20Ω）=17.5V； 因为并联电路中，各支路两端的电压相等，所以，若将两灯泡并联，电源电压最大为10V，则干路中最大电流为： I=U/R甲+I乙=10V/15Ω+0.5A=1.17A． 14．小明家5月底电能表示数为1432.7度， 6月底电能表的示数如图所示．则（1）小明家6月份消耗的电能是____kW•h；（2）若电能表转盘在10min内转过250转，则用电器的总功率为____kW；（3）某电热水器额定功率为2000W，内装20kg的水，通电后正常加热25min，水的温度从20℃升高到50℃，则水吸收的热量为____J，电热水器的热效率为____．［已知c水=4.2×10J/(kg•℃)］ 3 解析：105 0.6 2.52×106 84％ 【解析】 【详解】 （1）)5月初电能表示数1432.7kW⋅h，由图可知6月初的示数1537.7kW⋅h，故小明家5月初至6月初消耗的电能为：W=1537.7kW⋅h−1432.7kW⋅h=105kW⋅h； （2）电能表上标有“2500r/kW⋅h”，表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500转，电能表的转250W盘转250转时，电路消耗的电能：W=kW⋅h=0.1kW⋅h，用电器的总功率：P==2500t30.1kWh10=0.6kW； h606（3）水吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.2×10J/(kg⋅℃)×20kg×(50℃−20℃)=2.52×10J；消耗的电能：Q吸2.52106JW=Pt=2000W×25×60s=3×10J，电热水器的热效率：η===84%． 6W310J615．用煤气灶把2kg、初温为20℃的水加热到70℃，消耗了20g煤气。已知水的比热容是4.2×10J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×107J/kg，则水吸收的热量为______J，煤气灶烧水的效率为______。 解析：4.2×105 50% 【解析】 【详解】 水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（70℃-20℃）=4.2×105J； 20g煤气完全燃烧放出的热量：Q放=mq=20×10-3kg×4.2×107J/kg=8.4×105J； 3Q吸4.2105J燃气灶烧水的效率：η==×100%=50%。 Q放8.4105J16．道交法规定汽车过隧道不能超车，是因为超车过程中两车之间的空气流速增大，压强变_____，容易发生事故；小张驾驶一辆汽车匀速通过隧道，汽车克服阻力做功的功率为30kW，行驶的速度为20m/s，则汽车受到的阻力为_____N．汽车发动机的转速为2400r/min，则每秒做_____次功． 解析：变小 1500 20 【解析】 【详解】 两辆汽车在隧道内行驶时不能超车，因为并排行驶时，两车之间空气流速增大，压强变小，而两车外侧空气流速小，压强大，在内外压强差的作用下容易发生碰撞事故；v=20m/s， WFsP30103W则根据P===Fv可得,汽车的牵引力F===1500N; ttv20m/s因为汽车在平直公路上匀速行驶，所以汽车受到的阻力：f=F=1500N； 四冲程汽油机的飞轮转速为2400r/min，则该飞轮每秒钟转40圈。 因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以飞轮转40圈，共20个工作循环，共做功20次。 17．下图是挖井时从井中提升沙土的杠杆示意图．杠杆AB可以在竖直平面内绕固定点O转动，已知AO:AB=3:5，悬挂在A端的沙土所受的G=150N，作用在绳端的竖直向下的拉力F=250N,匀速把沙土提升2m，求此过程的机械效率_________ ．如果改为用一个定滑轮去提升这些沙土，机械效率将__________．（选填“升高”或“降低”） 解析：90％ 升高 【解析】 【详解】 由题意知，知AO:AB3:5，则AO:OB3:2，用竖直向下的拉力匀速把沙土提升时，拉力移动的距离与沙土升高的距离之比为：s:hOB:AO2:3，则拉力移动的距离为：s2m根据24m； 33W有用W总得，此过程的机械效率为： W有用Gh150N2m300J100%100%90%； 1000W总Fs250N4mJ33当用一个定滑轮去提升这些沙土时，因为定滑轮不省力，也不费力，在不考虑摩擦力的情况下，做功时额外功为0，所以机械效率为100%，则使用定滑轮时可以提高机械效率． 18．阳光照射下，海洋、陆地上的水会不断地________成水蒸气；在很冷的冬天，晾在室外的衣服会结冰，这是________现象，在此环境下冰冻的衣服也能晾干，这是________现象；冬天，夜晚气温若迅速降到0 ℃以下，你家窗户的玻璃上会形成一层冰花，这是________现象(以上四空均填物态变化名称)，这层冰花在你家窗户玻璃的________(选填“内侧”或“外侧”)． 解析：汽化 凝固 升华 凝华 内侧 【解析】 阳光照射下，海洋、陆地上的水会不断地汽化成水蒸气；在很冷的冬天，晾在室外的衣服会结冰，这是凝固现象，在此环境下冰冻的衣服也能晾干，是固态变为气态，这是升华现象；冬天，夜晚气温如迅速降到0℃以下，窗户的玻璃上会形成一层冰花，这是水蒸气凝华而成的，这层冰花在窗户玻璃的内侧． 三、作图题 19．在图中，作出入射光线、标出反射角． （______） 解析：略 【解析】 因为反射光线与镜面的夹角是60°，所以反射角为90°-60°=30°；根据光的反射定律，反射角等于入射角，所以入射角也为30°，如下图所示： 20．如图是一条从玻璃斜射入空气的光线，请在图中画出对应的反射光线和大致的折射光线，并标出反射角的大小． 解析： 【解析】 试题分析：光从玻璃斜射入空气时折射角大于入射角，折射光线远离法线；光在反射时，反射角等于入射角50o；光路如上图所示． 【考点定位】光的反射和折射 21．图中L为凸透镜，MN为其主光轴，O为光心，若物体AB经凸透镜成的实像为A′B′，试用作图的方法确定凸透镜的右焦点F，并在图中标出F的位置． 解析： 【解析】 【详解】 根据凸透镜的特殊光线和成像规律作图： 在物体AB上从A点开始做一条与主光轴平行的光线，经凸透镜折射后射到A′点，则折射光线与主光轴相交的点即为右侧焦点F．如图所示： 【点睛】 涉及凸透镜或凹透镜的光路作图，应牢记凸透镜和凹透镜的三条特殊光线，在画图中灵活运用，像这一类的作图即可迎刃而解。 四、计算题 22．如图所示，盛有水的杯子静止在水平桌面上。杯子重1N，底面积为40cm；杯内水重5N；体积为100cm3、重为2N的物体M浸没在水中，此时水深10cm。（水的密度ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求： 2 （1）物体M在水中所受的浮力； （2）水对杯底的压力； （3）杯子对水平桌面的压强。 解析：（1）1N；（2）4N；（3）2000 Pa 【解析】 【详解】 （1）100cm3=100×10-6m3=10-4m3， 物体M在水中所受的浮力为：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×10-4m3=1N。 （2）10cm=0.1m， 水对杯底的压强为：p1=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=103Pa， 水对杯底的压力为：F1=p1S=10Pa×40×10m=4N。 3-42（3）杯子对水平桌面的压力为：F2=1N+5N+2N=8N， 杯子对水平桌面的压强为：p2=F28N==2000Pa。 S40104m223．市公交总公司新购买了一批电动公交车，部分数据如下表所示． 整备质量(空车质量) 一次充电续航里程(某一速度匀速行驶) 电池总电压 电池总容量 1.32×10kg 150km 400V 250A·h 4当该公交车电池储存的能量降低到充满电时的 20%以下时，就需要再次充电．请根据技术参数和具体要求，求解下列问题： （1）该电动公交车充满电，储存的电能是多少焦？ （2）该公交车完成一次充电续驶里程（某一速度匀速行驶）150km 中，若消耗的电能均用于水平行驶做功，则该车行驶时受到的阻力多大？ （3）该公交车的运行线路没有明显的上下坡，运行 1 趟（从始发站到终点站）全程为 18km．经过测算，公交车以某一速度匀速行驶运行 1 趟，因停车需损失 5.44×106J 的电能．则该车充满一次电最多能跑几趟该公交线路？（结果保留整数） 解析：（1）3.6×108J；（2）1920N；（3）7 趟 【解析】 【详解】 （1）电动公交车充满电，储存的电能：W=UIt=400V×250A×3600s=3.6×108J； （2）电动公交车匀速行驶，阻力与牵引力平衡，即f=F，牵引力做功W′=Fs=fs，公交车电池储存的能量降低到充满电时的20%以下时，就需要再次充电，所以80%W=W′，所以： 80%W=Fs=fs，即：3.6×10J×80% =f×150×1000m，f=1920N； （3））行驶1趟公交车耗能：W1=Fs'+W损=fs'+W损=1920N×1.8×104m+5.44×106J=4.0×107J，充满一次880%3.6108电最多能跑趟数：n=≈7（趟）． 4.0107J/趟24．如图所示电路中，R1=10Ω. 当开关S闭合时，电流表示数为0.2A，电压表示数为4V. 求： （1）电源电压； （2）R2的阻值. 解析：（1）6V； （2）20Ω． 【解析】 试题分析 （1）由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测R2两端的电压；根据欧姆定律求出R1的两端的电压，即可根据串联电路的电压特点求出电源电压； （2）已知R2两端的电压和电流，根据欧姆定律求出R2的阻值； 试题解析 （1）由电路图可知：两电阻R1、R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测R2两端的电压，此时电路中A. 的电流：II1I20.2?电阻R1的两端的电压： U1I1R10.2?A10?Ω2?V. 因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以： UU1U22?V4?V6?V． （2）电阻R2的阻值： R2U24?V20?Ω. I20.2?A点睛：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是分析两电表的使用. 五、实验题 25．在“伏安法测电阻”实验中，提供的实验器材有：干电池、开关、滑动变阻器、电压表、电流表、待测电阻、小灯泡（2.5V）、导线若干。 （1）请用笔画线代替导线，把下图的电路补充完整（要求：滑片P向右滑，滑动变阻器接入电路的电阻变大）。 （________） （2）同学们测完待测电阻的阻值后，又利用桌上的器材完成了测量小灯泡的电阻值。教师从全班8个小组中，选取了三个比较具有代表性的实验记录，编号依次为一、二、三组。 定值电阻R2 实验序号 电流I/A 1 2 0.30 0.39 电压U/V 1.50 2.00 电阻R/Ω 5.00 5.12 3 4 电阻平均值/Ω 0.50 0.59 5.05 2.50 3.00 5.00 5.08 一组实验记录表：二组实验记录表： 定值电阻R1 实验序号 电流I/A 1 2 3 电阻平均值/Ω 三组实验记录表： 小灯泡R3 实验序号 电流I/A 1 2 3 4 5 6 0.10 0.16 0.20 0.23 0.25 0.27 电压U/V 0.50 1.00 1.50 2.00 2.50 3.00 电阻R/Ω 5.0 6.3 7.5 8.7 10.0 11.1 0.09 0.15 0.19 12.1 电压U/V 1.1 1.8 2.5 电阻R/Ω 12.2 12.0 12.1 小灯泡平均电阻值/Ω 8.1 小组内合作交流后，分析上述实验数据，得出结论：_____。 （3）通过组际间的深入交流，发现正常发光的小灯泡的电阻不应为8.1Ω，正确数值为_____，简单阐述理由_____。 解析： 定值电阻的电流与它两端电压成正比;灯泡的电阻随电压的增大而增大 10.0Ω 温度会影响灯丝的电阻，应根据额定电压和额定电流求灯泡电阻 【解析】 【详解】 （1）灯泡的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，滑片P向右滑，滑动变阻器接入电路的电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示： （2）由表一和表二数据知，考虑到误差因素，因电压与电流之比为一定值，故得出：定值电阻的电流与它两端电压成正比； 由表三数据知，灯的电流随电压的增大而变大，根据P＝UI，灯的功率变大，灯的温度升高，灯的电阻变大，故得出灯泡的电阻随电压的增大而增大。 （3）灯在正常发光时的电阻为10.0Ω； 灯在不同电压下温度不同，温度会影响灯丝的电阻，故灯丝的电阻不能取平均值，应根据额定电压和额定电流求灯泡正常发光时的电阻。 26．在探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，实验装置如图所示，选取三个相同的木块分别放在不同的接触面上，其中甲、乙两图的接触面是相同的木板，丙图的接触面是棉布． (1)实验中用弹簧测力计拉着木块在水平木板上做_____运动．根据_____条件可知，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数． (2)由_____图可以探究滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度关系． (3)若乙装置中，木块在运动过程中拉力突然变大，滑动摩擦力将_____（选填“不变”、“变大”或“变小”）． (4)评估此实验方案的不足之处是_____．（答出一条即可） 解析：匀速直线 二力平衡 乙、丙 不变 很难控制木块一直做匀速直线运动或测力计在运动中读数困难 【解析】 【详解】 (1)实验中，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡原理，摩擦力大小等于拉力大小；弹簧测力计的示数等于摩擦力； (2)要得出摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，需使压力大小相同，接触面粗糙程度不同，即选择乙、丙进行实验； (3)由于压力大小和接触面的粗糙程度不变，即使拉力增大，滑动摩擦力也不变； (4)实验中需拉动木块做匀速直线运动时进行读数，而很难保证其一直做匀速直线运动，会造成测力计的读数困难． 六、综合题 27．请仔细阅读下文，并回答文后问题． 纳米陶瓷 纳米陶瓷作为高新科技材料应用广泛．贴于“神舟七号”飞船外表面的“太空”纳米陶瓷，具有永久、稳定的防静电性能，且有耐磨、耐腐蚀、耐高温、防渗透等特点．采用氧化锆材料精制而成的纳米陶瓷刀，具有金属刀无法比拟的优点：刀刃锋利，能切割钢铁等物质．能削出如纸一样薄的肉片；硬度高，其耐磨性是金属刀的60倍；完全无磁性；不生锈变色，健康环保；可耐各种酸碱有机物的腐蚀；为全致密材料，无孔隙、不沾污、易清洁．纳米陶瓷充分体现了新世纪、新材料的绿色环保概念，是高新技术为现代人奉献的又一杰作． （1）“神舟七号”飞船与空气摩擦呈炽热状态时，飞船舱不至于被烧毁的原因之一是飞船外表面的陶瓷具有________ 的特点． （2）纳米陶瓷刀的耐磨性好，是因为它的________ 高• （3）如图所示是纳米陶瓷刀、合金钢刀、普通菜刀磨损程度随时间变化的曲线，其中反映纳米陶瓷刀磨损特点的是曲线 ________ （填字母）． 解析：耐高温 不能 硬度 C 【解析】 (1)因为纳米陶瓷耐高温的特点，“神舟七号”飞船与空气摩擦所产生的热量达不到陶瓷的熔点，所以飞船舱不至于被烧毁．(2)由材料可知：采用氧化锆材料精制而成的纳米陶瓷刀，完全无磁性；硬度高，其耐磨性是金属刀的60倍．(3)观察图象知：在磨损时间相同的情况下，曲线c所显示的磨损程度小，这与纳米陶瓷刀的耐磨性好相符合． 点睛：认真阅读题目所该材料，结合纳米陶瓷的具有永久、稳定的防静电性能，且有耐磨、耐腐蚀、耐高温、防渗透等特点逐一分析即可． 中考物理模拟试卷有解析 注意事项： 1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。 2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。 3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。 4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 一、单选题 1．如图所示，对于图中所述的物理过程，下列分析正确的是（ ） A．图甲，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大 B．图乙，试管内的水蒸汽推动塞子冲出时，水蒸气的内能减少 C．图丙，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大 D．图丁，小蒸汽轮机利用机械能转化成内能来工作的 解析：B 【解析】 【详解】 A．图甲，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能减小，故A错误； B．图乙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，故B正确； C．图丙，汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，气缸内气体的内能减少，故C错误； D．图丁，小蒸汽轮机利用内能转化成机械能来工作的，故D错误； 故选B。 【点睛】 (1)根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题； (2)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。 2．一辆汽车在平直的公路上做直线运动，其v﹣t图象如图所示，汽车在第10s时已行驶了150m，速度达到了20m/s，随后匀速前进，若汽车在行驶过程中所受阻力大小始终为2000N，以下说法正确的是 A．在0﹣20s内汽车的平均速度为15m/s B．在0﹣10s内汽车的牵引力大小恒为2000N C．在10﹣20s内汽车牵引力做的功为4×10J D．在10﹣20s内汽车牵引力做功的功率为4×105W 解析：C 【解析】 【详解】 A．根据图象可知，汽车在10～20s内做匀速运动，其速度为v2=20m/s，汽车在10～20s内行驶的路程s2=v2t=20m/s×10s=200m，在0～20s内行驶的总路程s=s1+s2=150m+200m=350m，则在0～20s内汽车的平均速度v=5s350m=17.5m/s，故A错误； t20sB．根据图象可知，在0～10s内，汽车做加速运动，牵引力大于阻力，即牵引力大于2000N，故B错误； C．汽车在10～20s内做匀速运动，处于平衡状态，牵引力等于阻力，即F=f=2000N，则牵引力做的功：W2=Fs2=2000N×200m=4×105J，故C正确； W24105J4D．汽车在10～20s内牵引力做功的功率：P2==4×10W，故D错误． t10s3．如图所示，物体浸没在水中，工人用200N的拉力F在10s内将重为400N的物体匀速提升2m，物体没有露出水面，此时滑轮组的机械效率是80%，不计绳重和摩擦，g=10N/kg，则下列说法中正确的是（ ） A．物体露出水面前，工人匀速提升重物时拉力的功率为40W B．物体在水中受到的浮力为320N C．物体的体积为8×10-3m3 D．物体露出水面后，此滑轮组提升该物体的机械效率将小于80% 解析：C 【解析】 【详解】 A．由图知，n=2，拉力端移动的距离：s=2h=2×2m=4m，拉力端移动的速度：v=s/t=4m/10s=0.4m/s，拉力的功率：P=Fv=200N×0.4m/s=80W，故A错； B．滑轮组的机械效率：η=W有用/W总=(G−F浮)h/Fs=(G−F浮)h/F×2h=G−F浮/2F=400N−F浮/2×200N=80%，解得：F浮 =80N，故B错； C．由F浮 =ρ水 V排 g得物体的体积：V=V排 =F浮/ρ水g=80N/1×103kg/m3×10N/kg=8×10-3 m3 ，故C正确； D．物体露出水面后，没有了浮力，相当于增加了提升物体的重，增大了有用功，不计绳重和摩擦，额外功不变，有用功和总功的比值变大，此滑轮组提升该物体的机械效率将大于80%，故D错。 4．两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的路程（s）一时间（t）图象如下图．根据图象，下列判断正确的是 A．两次物体运动的速度：v1＜v2 B．两次物体所受的拉力：F1＞F2 C．0-8s两次拉力对物体做功的功率：P1＞P2 D．0-8s两次拉力对物体所做的功：W1=2W2 解析：D 【解析】 【详解】 A．由图象知道，两次物体都做匀速直线运动，在相同时间内，物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，所以v1＞v2；故A错误； B．同一物体，则重力不变，对水平面的压力不变；在同一水平面上运动，则接触面的粗糙程度相同，故两次拉动物体时，物体受到的摩擦力相等；又因为两次物体都做匀速直线运动，即物体受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以，两次物体所受的拉力是F1=F2 =f，故B错误； CD．由图象知道，0～8s物体第一次通过的路程为0.8m，第二次通过的路程为0.4m，又因为两次拉力相等，由W=Fs知道，W1 =2W2 ，由P误，故D正确． 5．在科学实践课上，王老师将一只模型鸟的尖嘴支在矿泉水瓶盖上，模型鸟的整个身体就能悬空保持平衡，如图所示。下列说法正确的是 W 知道，0～8s两次拉力对物体做功的功率是：P1 ＞P2，故C错t A．模型鸟的重心在它所受支持力的作用线上 B．沿水平方向缓慢移动矿泉水瓶，模型鸟就会掉落 C．模型鸟所受重力和支持力不在同一条直线上 D．模型鸟的重心在它的尾部 解析：A 【解析】解答：ACD、模型鸟处于静止状态，重力和支持力是一对平衡力，大小相等、方向相反、在一条直线上、在一个物体上，故模型鸟的重心在它所受支持力的作用线上，作用点在模型鸟的尖嘴上，重心在尖嘴上，故A正确，CD错误；B. 沿水平方向缓慢移动矿泉水瓶，模型鸟仍处于平衡状态，故不会掉落，故B错误。故选A. 6．下列实验中，都采用了多次测量，其目的相同的是 ①探究串联电路的电流特点时，需在不同的电路状态下多次测量 ②伏安法测定值电阻的阻值，需在不同的电压下进行多次测量 ③探究杠杆平衡条件时，需改变力或力臂进行多次测量 ④探究使用定滑轮的特点时，需改变拉力方向进行多次测量 A．①③④ 解析：A 【解析】 试题分析：物理实验中，多次测量的目的有两个，一是寻找普遍规律，排除偶然性，二是把多个测量结果求平均值以减小误差．①③④属于前者，②属于后者． 考点：实验探究方法 7．抽油烟机有两个开关，使用时，有时需要照明灯和排气扇同时工作，有时需要它们独立工作，如图所示的电路中符合要求的是（ ） B．②④ C．②③ D．①② A． B． C． D． 解析：A 【解析】 【详解】 A．当两开关同时闭合，照明灯和排气扇同时工作；只闭合S1，照明灯单独工作；只闭合S2，排气扇单独工作．符合题意； B．当两开关同时闭合，照明灯和排气扇同时工作；只闭合S1，照明灯单独工作，但不能让排气扇单独工作，不符合题意； C．两个开关同时闭合时，电灯和电动机同时工作，但不能让电灯或电动机单独工作，不符合题意； D．两个开关同时闭合时，会造成电源短路．不符合题意． 故选A． 8．将一瓶酒精用去三分之一，则剩余酒精的密度、比热容和热值 （ ） A．都不变 B．都变为原来的三分之二 C．热值不变，密度、比热容变为原来的三分之二 D．热值变为原来的三分之二，密度、比热容不变 解析：A 【解析】 【详解】 密度、比热、燃料的热值都是物质的一种特性，它们的大小与物体的质量和体积均无关系．酒精用去三分之一后，质量减少，体积减小，但物质的种类没有变化，所以密度、比热和热值都不变，故选A． 9．如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻．闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，下列判断正确的是（ ） A．电流表A的示数变大，电压表V1的示数变小 B．电流表A的示数变小，电压表V2的示数变小 C．电压表V1的示数与电流表A的示数的比值变大 D．电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变小 解析：D 【解析】 试题分析：由图示电路图可知，两电阻串联，电流表测电路电流，电压表V1测电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压；由图示电路图可知，滑片向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值减小， 电路总电阻减小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大，滑动变阻器接入电路的阻值减小，滑动变阻器分压减小，电压表V2示数减小，灯泡两端电压变大，电压表V1示数变大，故AB错误；电压表V1的示数与电流表A的示数的比值等于定值电阻R1的阻值，定值电阻阻值不变，电压表V1的示数与电流表A的示数的比值保持不变，故C错误；由A可知，电压表V2 的示数变小，电流表A的示数变大，则电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变小，故D正确． 考点：电路的动态分析 10．下列图形中，属于内能转化为机械能的是（ ） A．滑下滑梯 B．弯折铁丝 C．做功冲程 D．压缩空气点火 解析：C 【解析】 【详解】 A．滑下滑梯过程是摩擦生热，该过程中消耗了机械能，产生了内能，故是将机械能转化为内能的过程，故A不符合题意； B、D．弯折铁丝过程、压缩点火都是通过做功改变内能，是将机械能转化为内能的过程，故B、D不符合题意； C．内燃机做功冲程过程是消耗内能，产生机械能，故是将内能转化为机械能的过程，故C符合题意． 11．物理知识在平时的生产、生活中有广泛的应用．下列说法不正确的是 A．人们使用电磁继电器，可以利用高压控制电路来控制低压工作电路 B．为便于把吸管插入软包装饮料盒内，吸管插入端被削尖，这样可增大压强 C．医院里常用紫外线灯杀菌 D．飞机机翼横截面的形状上下不对称可以使飞机在飞行中获得向上的升力 解析：A 【解析】 【详解】 A．使用电磁继电器的目的之一是利用低压电路来控制高压电路．故A的说法是错误的，故A符合题意； B．吸管被削尖，减小了吸管与包装盒的表面积，从而可以增大吸管对包装盒的压强．故B的说法是正确的，不合题意； C．紫外线的化学性质较强，它具有杀菌消毒的作用．故C的说法是正确的，不合题意； D．飞机是通过将机翼做成上面是弧形，下面是平面的形状，导致了机翼上下两表面的空气流速不同，从而造成了空气对它的压强不同，这个气压差使飞机获得升空的升力，故D的说法是正确的，不合题意； 故选A。 12．如图是一个光滑的轨道．某小球从轨道的O点出发，由静止开始下滑，小球始终没有离开轨道，你认为小球最远可以运动到 A．a点 C．c点 解析：C 【解析】 【详解】 B．b点 D．d点 本实验中，由于轨道是光滑的，没有摩擦力，所以小球的机械能守恒。故小球从O点由静止释放，始终没有离开轨道，最远可以滚到与O点等高的c点，故选C。 二、填空题 13．学校的路灯经常烧坏，更换十分不便，电工师傅用“挑担灯’’解决了这个问题，即将“220V 100W”和“220V 60W”的甲乙两盏规格相同的白炽灯串联接入照明电路．上述两盏灯相比较，灯丝较粗的是____灯，两灯工作时，较亮的是____灯．（填“甲”或“乙”） 解析：甲 乙 【解析】 【详解】 U2两灯额定电压相同，则由功率公式P=可判出两灯的电阻大小关系，由影响电阻大小的因素可知灯丝R的粗细程度；因两灯串联，则可知电流相等，则由P=I2R可知功率大小，则可知哪一盏灯要亮． U2由P=得： RU2灯丝电阻R=则可知额定功率越大的灯泡，电阻越小； P即甲灯电阻要小，因灯丝长度差不多，由影响电阻大小的因素可得，甲灯的灯丝要比乙灯的粗； 两灯串联时，通过两灯的电流相等，则由P=IR可得，乙灯的实际功率要大，故乙灯要亮． 【点睛】 解决此类题目的关键是知道串联电路的特点，能用功率公式分析灯泡的功率变化 14．在图（a）所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均为图（b）所示，则电阻 R1和R2两端的电压分别为_____和_____． 2 解析：3.8V 2.2V 【解析】 【详解】 由图a可知，电阻R2与R2串联，电压表V2测两电阻串联电压，即电源电压，电压表V2测电阻R2两端电压，根据串联电路特点确定电压表量程与分度值，读出电压表示数，然后由串联电路特点求出两电阻两端的电压． 由电路图可知，电压表V2示数应大于电压表V2示数，而两电压表指针位置相同，则电压表V2量程是2～25V，分度值是2．5V，电压表示数UV2=6V； 电压表V2量程是2～3V，分度值是2．2V，电压表示数UV2=2．2V； 电阻R2的电压U2=UV2=2．2V，电阻R2的电压U2=UV2-U2=6V-2．2V=3．8V． 15．图甲是家用电吹风的工作原理图，电吹风工作时可以吹出热风也可以吹出凉风。 （l）要让电吹风工作时吹出热风，它的开关应置于题图甲中_____（选填“1”、“2”或“3”）位置； （2）某次用该电吹风将头发吹干的过程中，电吹风的功率随时间的变化关系如图乙所示，则在该次吹干头发过程中电吹风消耗的总电能是_____J； （3）使用几年后，发现电热丝变细，则它的电阻_____（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 解析：1 12500 变大 【解析】 【详解】 （l）当电吹风机送出来的是热风时，需要电动机和电阻丝同时工作，即开关应置于图甲中的1位置，电风扇与电热丝是并列连接在电源上的，所以是并联连接。 （2）根据功率随时间的变化关系图象可知： P热＝600W，t1＝20s，P凉＝50W，t2＝30s﹣20s＝10s， 则在该次吹干头发过程中电吹风消耗的总电能： W总＝W热+W冷＝P热t1+P凉t2＝600W×20s+50W×10s＝12500J。 （3）使用几年后，发现电热丝变细，即横截面积变小，而长度、材料不变，导致电热丝的电阻变大。 16．轮船是采用增大__________的方法增大可利用的浮力；潜水艇是靠改变自身的__________实现上浮和下沉的． 解析：物体排开液体的体积 重力 【解析】 （1）轮船是采用增大排开液体的体积的办法增大可以利用的浮力； （2）在水中，潜水艇受到水的浮力和重力的作用，因为F浮=ρ水Ｖ排g，潜水艇的体积不变，排开水的体积不变，所以潜水艇受到水的浮力不变； ①把压缩空气压入潜水艇的压力舱，将海水排出，潜水艇自重G减小，当F浮＞G时，潜水艇上浮； ②打开压力舱的阀门，让海水进入压力舱内，潜水艇自重G增大，当F浮＜G时，潜水艇下沉； ③当F浮=G时，潜水艇悬浮，可以停留在任何深度； 由此可见，潜水艇能够上浮和下沉是通过改变自身重力来实现的． 故答案为排开液体的体积； 重力． 17．星期天，小华和爸爸到公园游玩，在湖面上划船时，她乘坐的小船的底部距水面50cm，则船底受到水的压强是 Pa，这时一艘快艇从静止的小船旁边急速驶过，小华发现小船向快艇方向靠近，这是因为在流体中，流速越大的位置 越小． 解析：4.9×10；压强 【解析】 试题分析：（1）知道船底到水面的深度，根据p=ρgh求出船底受的压强； （2）流体压强和流速的关系：流速越大的地方压强越小．一艘快艇从静止的小船旁边急速驶过，在小船内外两侧形成一个压强差，使小船向快艇方向靠近． （1）船底受到水的压强： p=ρgh=1×10kg/m×9.8N/kg×0.5m=4.9×10Pa； （2）一艘快艇从静止的小船旁边急速驶过，两船之间的水流通道变窄，流速变大，压强变小，小于两船外侧的压强，会形成向内的压力差，使船向快艇方向靠近． 考点：液体的压强的计算；流体压强与流速的关系 点评：此题主要考查的是学生对液体压强计算公式以及流体压强和流速关系的理解和掌握，弄清楚哪里的流体流速大是解决此题的关键． 18．2012年3月31日晚8点半到9点半，在全球举行一场名为“地球时间”的熄灯接力活动，人们用黑暗的方式唤醒人类的环保意识．小明家有1.5kW的用电器停止使用1h，则节约用电_____J，相当于_____kg酒精完全燃烧释放的能量．为了节约资源，许多家庭安装了太阳能热水器，太阳能热水器主要是通过_____方式增加水的内能．（酒精热值为q=3.0×107J／kg） 3333 解析：5.4×106 0.18 热传递 【解析】 【详解】 小明家有1.5kW的用电器停止使用1h，则节约用电： W=1.5×3.6×10J=5.4×10J； 根据公式m=Q/q计算出相当于0.18kg酒精完全燃烧释放的能量； 为了节约资源，许多家庭安装了太阳能热水器，太阳能热水器主要是通过热传递方式增加水的内能。 三、作图题 19．如图所示，一束光线照射到平面镜上被反射后再射到凸透镜上．请作出平面镜的入射光线和凸透镜的折射光线． （_______） 66 解析： 【解析】 【详解】 过平面镜的入射点做法线，然后根据光的反射定律中反射角等于入射角做出入射光线；反射光线经过凸透镜左侧的二倍焦距处入射到凸透镜上，根据凸透镜成像规律，折射光线经过右侧的二倍焦距处，作图如下： 20．如图，重为20N的物块静止在斜面上，请画出该物块所受重力的示意图． （______） 解析：如图所示 【解析】 试题分析：重力的作用点画在物块的重心处，重力的方向竖直向下，标上向下的箭头表示方向，再写上G=20N表示出重力的大小为20N，如图所示． 考点：作物体所受重力示意图 21．将一平面镜斜放在装有水的水槽中，有一束光线垂直射向水面如图乙所示，请画出这束光线在水中行进最后射出水面的光路图。 解析： 【解析】 【详解】 光垂直射到空气和水的界面时，传播方向不变，再射到平面镜上，根据光的反射定律，反射角等于入射角，作反射光线，光又射到水和空气的界面时，发生折射，折射角大于入射角，即折射光线向界面偏折。如图： 四、计算题 22．如图所示是某工地上一台塔式起重机吊臂上的滑轮组，它在60s内将重为9.0×103N的重物匀速吊起10m，作用在绳端的拉力为4.0×103N，请计算： （1）滑轮组做的有用功和额外功； （2）绳端拉力的功率； （3）滑轮组的机械效率． 解析：（1）9.0×104 J ；3×104J；（2）2000W； （3）75% 【解析】 【详解】 （1）根据题意知道，克服重力做的是有用功：W有用=Gh=9.0×10 N×10m=9.0×10 J； 由图知道，承担物重的绳子有3股，所以，拉力移动距离是：s=3h=3×10m=30m，拉力做的总功是：W总 =Fs=4.0×103 N×30m=1.2×105 J；由W总=W有用+W额知道，滑轮组做的额外功是：W额=W总-W有用= 1.2×105 J-9.0×104 J=3×104J； 34W总1.2105JW（2）由P 知道，拉力的功率是：P=2000W； tt60sW有用W有用9.0104J=100%=75% （3）由= 知道，滑轮组的机械效率是：=W总W总1.2105J23．若质量为60kg的人骑该车在水平路面上以6m/s的速度匀速行驶10分钟，受到的阻力是人与车总重的0.02倍.求 质量 行驶时轮胎着地总面积 蓄电池工作电压 （1）车行驶时对地面的压强 （2）电动机牵引力做功的功率 （3）10分钟内电动车消耗的电能? 解析：（1）5×104Pa；（2） 120W；（3） 9×104J. 【解析】 【详解】 （1）车对地面的压力： F=G=G人+G车=m人g+m车g=60kg×10N/kg+40kg×10N/kg=1000N， 该人在骑行时对地面的压强： p=40kg 0.02㎡ 36V 最高车速 电池容量 效率 30km/h 10A．ｈ 80% F1000N4==5×10Pa； 2S0.02m（2）电动自行车受到的阻力： f=0.02G=0.02mg=0.02×(40kg+60kg)×10N/kg=20N， 因匀速行驶的电动车受到的阻力和牵引力是一对平衡力， 所以F=f=20N； 牵引力做功的功率： WFs= =Fv=20N×6m/s=120W. ttW（3）由P=可得，电动车行驶10分钟牵引力做的功： tP=W=Pt=120W×600s=7.2×104J. 由η=W有用W总可得消耗的电能： W7.2104J4W总= ==9×10J. 80%24．如图所示，电源电压为6V，小灯泡标有“3V1.8W”．当闭合开关S，把滑动变阻器的滑片P移到R的中点时，小灯泡正常发光，试求：（不考虑温度对小灯泡电阻的影响） （1）小灯泡正常工作时的电流． （2）滑动变阻器R的最大阻值． （3）当变阻器的滑片P移到a端时闭合开关S，电流在1min内所做的总功是多少？ 解析：（1）0.6A（2）10Ω（3）144J 【解析】 【详解】 (1)小灯泡正常工作时的电流：ILPL1.8W=0.6A ； UL3VUL3VUR=5Ω, (2)由I可得，小灯泡灯丝的电阻：LIL0.6AR因为滑动变阻器的滑片P移到中点时，小灯泡正常发光，所以此时滑动变阻器两端的电压等于小灯泡两端的电压，根据串联电路中电压与电阻成正比可知，此时滑动变阻器接入电路中的阻值为：R＝RL＝5Ω，则滑动变阻器R的最大阻值为：R大＝2R＝2×5Ω＝10Ω； （3）当变阻器的滑片P移到a端时，电路中的总电阻是：R总＝R大+RL＝10Ω+5Ω＝15Ω； U2(6V)2t60s=144J． 电流在1min内所做的总功：WR总15Ω答：（1）小灯泡正常工作时的电流为0.6A； （2）滑动变阻器R的最大阻值为10Ω； （3）电流在1min内所做的总功是144J． 五、实验题 25．在用“电压表、电流表测量小灯泡电功率”的实验中，灯泡上标有“2.5V”的字样。 （1）请在下方框中画出实验电路图。 （_____） （2）小红根据电路图连接实物时，还有部分器材未连接上，请你用笔画线代替导线，将实物图1补充完整。 （_____） （3）接好电路后，开始进行实验，小红根据测出的数据，在图3中画出了小灯泡电流电压变化关系的图象。由图3可以判断，小灯泡的额定功率为_____ W。 （4）根据图3还可以判断，小灯泡灯丝的电阻随电压的增大逐渐_____，说明小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而_____。 解析： 0.75 增大 增大 【解析】 【详解】 （1）实验电路图的设计方法是：将小灯泡、电流表、滑动变阻器、电源、开关用导线组成串联电路，电压表测量灯泡两端电压。电路图如下图所示： （2）由图知，大部分元件连接完毕，只要选择滑动变阻器下面的一个接线柱与灯泡右端接线柱串联，并且电压表选择0～3V量程与灯泡并联即可。 （3）由图象知，当灯泡两端电压为额定电压U＝2.5V时，通过灯丝的电流为I＝0.3A， 所以灯泡的额定功率为P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W； （4）通过图象还可以发现，灯丝的U＝R是逐渐增大的，说明灯丝的电阻随温度的升高而增大。 I26．用天平和量筒测量绿松石的密度： （1）天平放在水平台面上，游码移到标尺左端“0”刻度线，指针位置如图甲所示，下一步的操作是______； （2）调节天平平衡后测量绿松石的质量，当天平平衡时，右盘砝码和游码如图乙所示，质量m为______g （3）利用量筒测量绿松石的体积如图丙所示，可算出这块绿松石的密度为______kg/m。 解析：向左调节平衡螺母，至天平水平平衡 27 2.7×10 【解析】 【详解】 （1）调节天平横梁平衡时，应先将游码调至标尺的0刻度线处；图甲中指针右偏，说明左侧质量偏小，故应向左调节平衡螺母，使天平横梁平衡； （2）由图乙知，砝码的总质量为20g+5g=25g，标尺的分度值为0.2g，游码示数为2g， 则金属块的质量为25g+2g=27g； （3）金属块的体积为：V=30ml-20ml=10ml=10cm3； 金属块的密度：ρ=六、综合题 27．阅读《新型材料》，回答问题． 《新型材料》 如图所示是科技馆内展示的新型材料：纳米材料、复合材料和双向记忆合金． 33m27g333=═2.7g/cm=2.7×10kg/m 3V100cm 纳米材料是指由颗粒尺寸在 1﹣﹣100nm 之间的超微颗粒组成的材料．纳米是一个极小的长度单位，当材料颗粒小至纳米级别时，会赋予该材料很多特有的性质，是普通材料无法比拟的． 复合材料是两种或两种以上不同性质的材料，通过物理或化学的方法，在宏观（微观）上组成具有新性能的材料．从古至今沿用的稻草增强粘土和已使用上百年的钢筋混凝土均由两种材料复合而成，也是复合材料．由于复合材料的重量轻、强度高、加工成型快、耐腐蚀性能好等特点，不仅广泛应用于汽车、健身器材、建筑、家居等方面．随着现代科技的发展，复合材料在航空工业上也起到十分重要的作用． 用酒精灯给双金属片加热，双金属片发生弯曲，原来这个受热弯曲的金属片是由两种不同的金属贴合而成的，各种金属都有热胀冷缩的特性，而不同的金属随着温度变化热胀冷缩的程度不同，金属片于是就会发生弯曲．例如铁片和铜片组成的双金属片，铜片的膨胀系数比铁片大，温度高时，膨胀得比铁片多，就会弯曲．双金属片的这种性质在生活中有很多应用． （1）纳米材料是指由颗粒尺寸在________之间的超微颗粒组成的材料； （2）复合材料广泛应用于汽车、健身器材、建筑、家居等方面，主要因为复合材料________的特点； （3）给双金属片加热双金属片发生弯曲，这主要是利用了________的特性． 解析：1--100nm 重量轻、强度高、加工成型快、耐腐蚀性能好 热胀冷缩的特性 【解析】 （1）纳米材料是指由颗粒尺寸在 1--100nm 之间的超微颗粒组成的材料． （2）由于复合材料的重量轻、强度高、加工成型快、耐腐蚀性能好等特点，不仅广泛应用于汽车、健身器材、建筑、家居等方面．随着现代科技的发展，复合材料在航空工业上也起到十分重要的作用． （3）铁片和铜片组成的双金属片，铜片的膨胀系数比铁片大，温度高时，膨胀得比铁片多，就会弯曲．双金属片的这种热胀冷缩的性质在生活中有很多应用． 故答案为（1）1--100nm； （2）重量轻、强度高、加工成型快、耐腐蚀性能好；（3）热胀冷缩的特性． 本文来源：https://www.wddqw.com/doc/b4aafa1aa02d7375a417866fb84ae45c3b35c2e6.html