高中物理竞赛教程(超详细修订版)_第八讲_动量_角动量和能量
说明：文章内容仅供预览，部分内容可能不全。下载后的文档，内容与下面显示的完全一致。下载之前请确认下面内容是否您想要的，是否完整无缺。
高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 第四讲 动量 角动量和能量 §4.1 动量与冲量 动量定理 4．1． 1．动量 在牛顿定律建立以前，人们为了量度物体作机械运动的“运动量”，引入了动量的概念。当时在研究碰撞和打击问题时认识到：物体的质量和速度越大，其“运动量”就越大。物体的质量和速度的乘积mv遵从一定的规律，例如，在两物体碰撞过程中，它们的改变必然是数值相等、方向相反。在这些事实基础上，人们就引用mv来量度物体的“运动量”，称之为动量。 4．1．2．冲量 要使原来静止的物体获得某一速度，可以用较大的力作用较短的时间或用较小的力作用较长的时间，只要力F和力作用的时间t的乘积相同，所产生的改变这个物体的速度效果就一样，在物理学中把Ft叫做冲量。 4．1．3．质点动量定理 由牛顿定律，容易得出它们的联系：对单个物体： Ftmatmvmv1mv0 Ftp 即冲量等于动量的增量，这就是质点动量定理。 在应用动量定理时要注意它是矢量式，速度的变化前后的方向可以在一条直线上，也可以不在一条直线上，当不在一直线上时，可将矢量投影到某方向上，分量式为： ty0y Fztmvtzmv0z Fxtmvtxmv0x y 对于多个物体组成的物体系，按照力的作用者划分成内力和外力。对各个质点用动量定理： Ftmvmv 第1个 I1外+I1内=m1v1tm1v10 第2个 I2外+I2内=m2v2tm2v20 第n个 In外+In内=mnvntmnvn0 由牛顿第三定律： I1内+I2内+„„+In内=0 因此得到： I1外+I2外+ „„+In外=（m1v1t+m2v2t+„„+mnvnt）-（m1v10+m2v20+„„mnvn0） 即：质点系所有外力的冲量和等于物体系总动量的增量。 §4，2 角动量 角动量守恒定律 动量对空间某点或某轴线的矩，叫动量矩，也叫角动量。 它的求法跟力矩完全一样，只要把力F换成动量P即可，故B点上的动量P对原点O的动量矩J为 JrP （rOB） B 以下介绍两个定理： O 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 （1）.角动量定理： 质点对某点或某轴线的动量矩对时间的微商，等于作用在该质点上的力对同点或同轴的力矩，即 dJdt （M为力矩）。 （2）．角动量守恒定律 如果质点不受外力作用，或虽受外力作用，但诸外力对某点的合力矩为零，则对该点来讲，质点的动量矩J为一恒矢量，这个关系叫做角动量守恒定律 即 r×F=0，则J=r×mv=r×P=恒矢量 M 附：微商 微商就是在某函数结点上的导数为函数，其因变量的改变量与自变量的改变量两者相除的商。 由速度问题和切线问题抽象出来的数学概念。又称变化率。如一辆汽车在10小时内走了 600千米，它的平均速度是60千米／小时，但在实际行驶过程中，是有快慢变化的，不都是60千米／小时。为了较好地反映汽车在行驶过程中的快慢变化情况，可以缩短时间间隔，设汽车所在位置x与时间t的关系为x＝f（t），那么汽车在由时刻t0变到t1这段时间内的平均速度是：[f(t1)-f(t0)] / [t1-t0]，当 t1与t0很接近时，汽车行驶的快慢变化就不会很大，平均速度就能较好地反映汽车在t0 到 t1这段时间内的运动变化情况 ，自然就把极限：[f(t1)-f(t0)] / [t1-t0]作为汽车在时刻t0的瞬时速度，这就是通常所说的速度。 角动量定理 角动量定理 angular momentum,theory of 又称动量矩定理。 质点系对一点（或一轴）的角动量对时间的导数等于外力系对此点（或此轴）的主矩，广泛用于处理刚体定点（或轴）转动问题。角动量定理可表达成：ｄＬq外ｄｔ＝ＭU０.角动量的量纲为ＭＬ２Ｔ－１。 表述角动量与力矩之间关系的定理。对于质点，角动量定理可表述为：质点对固定高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 点的角动量对时间的微商，等于作用于该质点上的力对该点的力矩。对于质点系，由于其内各质点间相互作用的内力服从牛顿第三定律[1]，因而质点系的内力对任一点的主矩为零。利用内力的这一特性，即可导出质点系的角动量定理：质点系对任一固定点O的角动量对时间的微商等于作用于该质点系的诸外力对O点的力矩的矢量和。 即 ，式中ri、mi和vi分别为质点系中第m个质点关于O点的矢径、质量和速度矢量。这一定理中的 O点必须固定。在一般情况下，对于动点，这个定理不成立；但质点系的质心例外,关于质心的角动量定理为：质点系对于质心C的角动量为，它对时间的微商等于作用在质点系的外力系对质心C的主矩Mσ,即式中r媴为质点系中第i个质点对质心的矢径。 由此可见，描述质点系整体转动特性的角动量只与作用于质点系的外力有关，内力不能改变质点系的整体转动情况。 动量矩定理可用来解决质点系动力学中与转动有关的问题。一般情况下，对于O点是动点的，这个定理不成立，但O点是质点系的质心时例外。 §4.3动量守恒定律 动量守恒定律是人们在长期实践的基础上建立的，首先在碰撞问题的研究中发现了它，随着实践范围的扩大，逐步认识到它具有普遍意义， 对于相互作用的系统，在合外力为零的情况下，由牛顿第二定律和牛顿第三定律可得出物体的总动量保持不变。 即： m1v1t+m2v2t+„„+mnvn=m1v1m2v2„„mnvn 上式就是动量守恒定律的数学表达式。 应用动量守恒定律应注意以下几点： （1）动量是矢量，相互作用的物体组成的系统的总动量是指组成物体系的所有物体的动量的矢量和，而不是代数和，在具体计算时，经常采用正交分解法，写出动量守恒定律的分量方程，这样可把矢量运算转化为代数运算， （2）在合外力为零时，尽管系统的总动量恒定不变，但组成系统的各个物体的动量却可能不断变化，系统的内力只能改变系统内物体的动量，却不能改变系统的总动量。在合外力不为零时，系统的总动量就要发生改变，但在垂直于合外力方向上系统的动量应保持不变，即合外力的分量在某一方向上为零，则系统在该方向上动量分量守恒。 （3）动量守恒定律成立的条件是合外力为零，但在处理实际问题时，系统受到的合外力不为零，若内力远大于外力时，我们仍可以把它当作合外力为零进行处理，动量守恒定律成立。如遇到碰撞、爆炸等时间极短的问题时，可忽略外力的冲量，系统动量近似认为守恒。 （4）动量守恒定律是由牛顿定律导出的，牛顿定律对于分子、原子等微观粒子一般不适用，而动量守恒定律却仍适用。因此，动量守恒定律是一条基本规律，它比牛顿定律具有更大的普遍性。 动量守恒定律的推广 由于一个质点系在不受外力的作用时，它的总动量是守恒的，高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 所以一个质点系的内力不能改变它质心的运动状态，这个讨论包含了三层含意： （1）如果一个质点系的质心原来是不动的，那么BR在无外力作用的条件下，它的质心始终不动，即位置不变。 （2）如果一个质点系的质心原来是运动的，那么A在无外力作用的条件下，这个质点系的质心将以原来的速度做匀速直线运动。 图4-3-1 （3）如果一个质点系的质心在某一个外力作用下 作某种运动，那么内力不能改变质心的这种运动。比B如某一物体原来做抛体运动，如果突然炸成两块，那s么这两块物体的质心仍然继续做原来的抛体运动。 如果一个质量为mA的半圆形槽A原来静止在水平面上，原槽半径为R。将一个质量为mB的滑块B由静止释放（图4-3-1），若不计一切摩擦，问A的最大位移为多少？ 由于A做的是较复杂的变加速运动，因此很难用牛顿定律来解。由水平方向动量守恒和机械能守恒，可知B一定能到达槽A右边的最高端，而且这一瞬间A、B相对静止。因为A、B组成的体系原来在水平方向的动量为零，所以它的质心位置应该不变，初始状态A、B的质心距离圆槽最低点的水平距离为： smBmAmBRABsA图4-3-2 。 所以B滑到槽A的右边最高端时，A的位移为（图4-3-2） 以质心为研究对象，分析其运动状态 2s2mBmAmBR 如果原来A、B一起以速度v向右运动，用胶水将B粘在槽A左上端，某一时刻胶水突然失效，B开始滑落，仍然忽略一切摩擦。设从B脱落到B再次与A相对静止的时间是t，那么这段时间内A运动了多少距离？ B脱落后，A将开始做变加速运动，但A、B两物体的质心仍然以速度v向右运动。所以在t时间内A运动的距离为： Lvt2mBmAmBR F F1F2 §4.4 功和功率 4．4．1功的概念 0 s1s2s 图4-4-1 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 力和力的方向上位移的乘积称为功。即WFscos 式中是力矢量F与位移矢量s之间的夹角。功是标量，有正、负。外力对物体的总功或合外力对物体所做功等于各个力对物体所做功的代数和。 对于变力对物体所做功，则可用求和来表示力所做功，即 WFisicosi 也可以用F=F（s）图象的“面积”来表示功的大小，如图4-4-1所示。 由于物体运动与参照系的选择有关，因此在不同的参照系中，功的大小可以有不同的数值，但是一对作用力与反作用力做功之和与参照系的选择无关。因为作用力反作用力做功之和取决于力和相对位移，相对位移是与参照系无关的。 值得注意的是，功的定义式中力F应为恒力。如F为变力中学阶段常用如下几种处理方法：（1）微元法；（2）图象法；（3）等效法。 4．4．2. 几种力的功 下面先介绍一下“保守力”与“耗散力”。 oxxx 具有“做功与路径无关”这一特点的力称为保守力，如12(a)重力、弹力和万有引力都属于保守力。不具有这种特点的力称为F非保守力，也叫耗散力，如摩擦力。 （1）重力的功 重力在地球附近一个小范围内我们认为是恒力，所以从高度oh1处将重力为mg的物移到高h2处。重力做功为：Wcmg(h2h1)，显然与运动路径无关。 x2x1x（2）弹簧弹力的功 物体在弹簧弹力F=-kx的作用下，从位置x1运动至位置 x2，如图4-4-2（a）所示，其弹力变化F=F（x）如图4-4-2(b)图4-4-2 （b）所示则该过程中弹力的功W可用图中斜线“面积”表示，功大小为 kx1(1x2)1122W(x2x1)kx1kx2222 （3）万有引力的功 质量m的质点在另一质量M的质点的作用下由相对距离r1运动至相对距离r2的过程中，引力所做功为 r1r2r2r1 4．4．3.功率 作用于物体的力在单位时间内所做功称为功率，表达式为 PWt WGMm(11)GMmGMm求瞬时功率，取时间t0则为 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 式中v为某时刻的瞬时速度，为此刻v与F方向的夹角 §4．5 动能 动能定理 4．5．1． 质点动能定理 t0t0PIimWtIimFscostFvcos质量m的质点以速度v运动时，它所具有动能Ek为: 2 动能是质点动力学状态量，当质点动能发生变化时，是由于外力对质点做了功，其关系是: Ek1mv2W外=EKEK1EK2 上式表明外力对质点所做功，等于质点动能的变化，这就是质点动能定理。 4．5．2．质点系动能定理 若质点系由n个质点组成，质点系中任一质点都会受到来自于系统以外的作用力（外力）和系统内其它质点对它作用力（内力），在质点运动时，这些力都将做功。设质点系由N个质点组成，选取适当的惯性系，对其中第i个质点用质点动能定理 1 对所有n个质点的动能定理求和就有 Wi外+Wi内=12mivi22Wi+Wi=2外内mivi2212mivi1212mivi12 12mivi22 若用W外、W内、EK2、EK1分别表示Wi外、Wi内、则上式可写成 、12mivi12 W外+ W内=EK2-EK1 由此可见，对于质点系，外力做的功与内力做的功之和等于质点系动能的增量，这就是质点系动能定理。和质点动能定理一样，质点系动能定理只适用于惯性系，但质点系动能定理中的W内一项却是和所选的参照系无关的，因为内力做的功取决于相对位移，而相对位移和所选的参照系是无关的。这一点有时在解题时十分有效。 §4．6 势能 4．6．1 势能 若两质点间存在着相互作用的保守力作用，当两质点相对位置发生改变时，不管途径如何，只要相对位置的初态、终态确定，则保守力做功是确定的。存在于保守力相互作用质点之间的，由其相对位置所决定的能量称为质点的势能。规定保守力所做功等于势能变化的负值，即 W保=EP。 （1）势能的相对性。 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 通常选定某一状态为系统势能的零值状态，则任何状态至零势能状态保守力所做功大小等于该状态下系统的势能值。原则上零势能状态可以任意选取，因而势能具有相对性。 （2）势能是属于保守力相互作用系统的，而不是某个质点独有的。 （3）只有保守力才有相应的势能，而非保守力没有与之相应的势能。 4．6．2 常见的几种势能 （1）重力势能 在地球表面附近小范围内，mg重力可视为恒力，取地面为零势能面，则h高处重物m的重力势能为 p （2）弹簧的弹性势能 取弹簧处于原长时为弹性势能零点，当弹簧伸长（压缩）x时，弹力F=-kx，弹力做的功为 2 由前面保守力所做功与势能变化关系可知 W1kx2EmghWEP(EP0) EP12kx2 （3）引力势能 两个质点M、m相距无穷远处，规定EP00，设m从无穷远处移近M，引力做功W，Mm由于F引=r2，大小随r变化，可采用微元法分段求和方式。如图4-5-1，取质点n由A到B，位移为rr1r2，引力做功 WMmr2r GMmrA2r 很小，rA、rB差异很小，则 WGMmrA2(rArB)(rArB)GMmrBGMmrA 由无穷远至距r处，引力功W为 WWiGMr(1ri11ri)GMm(1r末1r初) A开始时r初，最后相对距离为r末=r WGMmrmrBrBrAM EPrGMmr又有 WEP(EPrE)图4-6-1 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 质点与均匀球体间引力势能，在球体外，可认为球体质量集中于球心，所以引力势能为 r≥R R为球半径 质量M，半径为R的薄球壳，由于其内部引力合力为零，故任意两点间移动质点m，引力均不做功，引力势能为恒量，所以质量m质点在薄球壳附近引力势能为 GMmrGMm EP=R rRrREPGMmr §4．7 功能原理和机械能守恒定律 4．7．1 功能原理 根据质点系动能定理 当质点系内有保守力作用和非保守力作用时，内力所做功又可分为 而由保守力做功特点知，保守力做功等于势能增量的负值，即 W保EPEP1EP2W内W保W非保W外W内Ek2Ek1 于是得到 W外W非保EP1EP2EK2EK1W外W非保（EK2EP2)(EK1EP1) 用E表示势能与动能之和，称为系统机械能，结果得到 外力的功和非保守力内力所做功之和等于系统机械能的增量，这就是质点系的功能原理。可以得到（外力做正功使物体系机械能增加，而内部的非保守力作负功会使物体系的机械能减少）。 功能原理适用于分析既有外力做功，又有内部非保守力做功的物体系，请看下题： 劲度系数为k的轻质弹簧水平放置，左端固定，右端连接一个质量为m的木块（图4-7-1）开始时木块静止平衡于某一位置，木块与水平面之间的动摩擦因数为。然后加一个水平向右的恒力作用于木块上。（1）要保证在任何情况下都能拉动木块，此恒力F不得小于多少？（2）用这个力F拉木块，当木块的速度再次为零时，弹簧可能的伸长量是多少？ 题目告知“开始时木块静止平衡于某一位置”，并未指明确切的位置，也就是说木块在该位置时所受的静摩擦力和弹簧的kW外W非保E2E1moF图4-7-1 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 形变量都不清楚，因此要考虑各种情况。如果弹簧自然伸展时，木块在O点，那么当木块在O点右方时，所受的弹簧的作用力向右。因为木块初始状态是静止的，所以弹簧的拉力不能大于木块所受的最大静摩擦力mg。要将木块向右拉动，还需要克服一个向左的静摩擦力mg，所以只要F≥2mg，即可保证在任何情况下都能拉动木块。 设物体的初始位置为x0，在向右的恒力F作用下，物体到x处的速度再次为零，在此过程中，外部有力F做功，内部有非保守力f做功，木块的动能增量为零，所以根据物体系的功能原理有 F(xx0)mg(xx0)Fmg12k(xx0)12kx212kx02 可得 因为木块一开始静止，所以要求 ≤x0≤k 可见，当木块再次静止时，弹簧可能的伸长是 3mgmgkx2(Fmg)kx0mgmg k≤x≤k 4．7．2 机械能守恒定律 非保 若外力的与非保守内力的功之和为零时，外则系统机械能守恒，这就是机械能守恒定律。 注意：该定律只适用于惯性系，它同时必须是选择同一惯性参照系。在机械能守恒系统中，由于保守内力做功，动能和势能相互转化，而总的机械能则保持不变。 下面介绍一例由机械能守恒推出的重要定理：伯努利方程 理想流体 不可压缩的、没有粘滞性的流体，称为理想流体。 定常流动 观察一段河床比较平缓的河水的流动，你可以看到河水平静地流着，过一会儿再看，河水还是那样平静地流着，各处的流速没有什么变化。河水不断地流走，可是这段河水的流动状态没有改变。河水的这种流动就是定常流动。流体质点经过空间各点的流速虽然可以不同，但如果空间每一点的流速不随时间而改变，这样的流动就叫做定常流动。自来水管中的水流，石油管道中石油的流动，都可以看C做定常流动。流体的流动可以用流线形象地表示。A在定常流动中，流线表示流体质点的运动轨迹。图4-7-2是液体流过圆柱体时流线的分布。A、B处液B体流过的横截面积大，CD处液体流过的横截面积D小。液体在CD处流得急，流速大。AB处的流线疏，WW0图4-7-2 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 CD处的流线密，这样，从流线的分布可以知道流速的大小。流线疏的地方，流速小；流线密的地方，流速大。 伯努利方程 现在研究理想流体做定常流动时流体中压强和流速的关系。 图4-7-3表示一个细管，其中流体由左向右流动。在管的a1处和a2处用横截面截出一段流体，即a1处和a2处之间的流体，作为研究对象。 a1处左边的流体对研究对象的压强为p1， a1处的横截面积为S1，流速为v1，高度为h1，方向垂直于S1向右。 a2处的横截面积为S2，流速为v2，高度为h2，a2处右边的流体对研究对象的压强为p2，方向垂直于S2向左。 经过很短的时间间隔t，这段流体的左端S1由a1移到b1。右端S2由a2移到b2。两端移动的距离分别为l1和l2。左端流入的流体体积为V1S1l1，右端流出的流体体积为V2S2l2，理想流体是不可压缩的，流入和流出的体积相等，V1V2，记为V。 现在考虑左右两端的力对这段流体所做的功。 作用在液体左端的力F1p1S1，所做的功 W1F1l1p1S1l1p1V。 作用在右端的力F2p2S2，所做的功 W2F2l2p2S2l2p2V。 外力所做的总功 WW1W2(p1p2)V （1） 外力做功使这段流体的机械能发生改变。初状态的a2b2p2a1b1h1h2机械能是a1到a2这段流体的机械能E1，末状态的机械能是b1到b2这段流体的机械能E2。由b1到a2这一段，经过时间t，虽然流体有所更换，但由于我们研究的是理想流体的定常流动，流体的密度和各点的流速v没有改变，p1图4-7-3 动能和重力势能都没有改变，所以这一段的机械能没有改变，这样机械能的改变E2E1就等于流出的那部分流体的机械能减去流入的那部分流体的机械能。 由于mV，所以流入的那部分流体的动能为 1 2重力势能为 mgh1gh1V 流出流体的动能为 mv1212v1V2 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 1 2重力势能为 mgh2mv2212v2V2 gh2V 机械能的改变为 （2） 理想流体没有粘滞性，流体在流动中机械能不会转化为内能，所以这段流体两端受的力所做的总功W等于机械能的改变 E2E1，即 W=E2E1 （3） 将（1）式和（2）式代入（3）式，得 E2E112(v2v1)Vg(h2h1)V22 整理后得 p112(p1p2)V12(v2v1)Vg(h2h1)V1222 v1gh1p22v2gh22 （4） a1和a2是在流体中任意取的，所以上式可表示为对管中流体的任意处： 2 常量 （5） （4）式和（5）式称为伯努利方程。 流体水平流动时，或者高度差的影响不显著时（如气体的流动），伯努利方程可表达为 p1vgh2常量 （6） 从（6）式可知，在流动的流体中，压强跟流速有关，流速v大的地方压强p小，流速v小的地方压强p大。 知道压强和流速的关系，就可以解释本节开始所做的实验了。经过漏斗吹乒乓球时，乒乓球上方空气的流速大，压强小，下方空气的压强大，乒乓球受到向上的力，所以会贴在漏斗上不会掉下来。向两张纸中间吹气，两张纸中间空气的流速大，压强小，外边空气的压强大，所以两张纸将互相贴近。同样的道理，两艘并排的船同甲：不转球向行驶时（图4-7-4）如果速度较大，两船会互相靠近，有相撞的危险。历史上就曾经发生过这类事故。在航海中。对并排同向行驶的船舶，要限制航速和两船的距离。 伯努利方程的应用： 球类比赛中的旋转球和不转球的飞行轨迹不同，是因为球周p12v2图4-7-4 乙：旋转球图4-7-5 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 围空气流动情况不同造成的。图4-7-5甲表示不转球水平向左运动时周围空气的流线。球的上方和下方流线对称，流速相同，上下不产生压强差。现在考虑球的旋转，致使球的下方空气的流速增大，上方流速减小，周围空气流线如图乙所示。球的下方流速大，压强小，上方流速小，压强大。跟不转球相比，图4-1-6乙所示旋转球因为旋转而受到向下的力，飞行轨迹要向下弯曲。 例：如图4-7-6所示，用一弹簧把两物块A和B连接起来后，置于水平地面上。已知A和B的质量分别为m1和m2。问应给物块A上加多大的压力F，才可能在撤去力F后，A向上跳起后会出现B对地无压力的情况？弹簧的质量略去不计。 设弹簧原长为l0，建立如图4-7-7所示的坐标，以k表示弹簧的劲度系数，则有 m1gkx0 ① 取图中O点处为重力势能零点，当A受力F由O点再被压缩了x时，系统的机械能为 Exm1gx12k(x0x)(m2gl0)2AB ② 撤去F当A上升到最高处即弹簧较其自然长度再伸长x时，系统的机械能为 Exm1g(x0x)12kx(m2gl0)2 ③ x0xx0AO图4-7-6 AA在x处时，其受力满足 Fm1gk(x0x)0， F以①式的m1gkx0代入上式，乃有 Fkx ④ l0xBBA当F撤去A上升到x0x处时，弹簧的弹BB力大小为kx，设此时B受到地面的支持力为N，则对于B应有 Nkxm2g0 要B对地无压力，即N=0，则上式变为 kxm2g ⑤ 图4-7-7因为A由x处上升至x0x处的过程中，对此系统无外力和耗散力作功，则其机械能守恒，即 Ex=Ex ⑥ 联立解②~⑥式，可得 Fm1gm2g。 显然，要出现B对地无压力的情况，应为F≥（m1m2)g。当F=（m1m2)g时，刚好能出现B对地无压力的情况，但B不会离开地面；当F＞（m1m2)g时，B将出现离开地面向上跳起的情况。 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 §4．8 碰撞 质量m1和m2的两个物块，在直线上发生对心碰撞，碰撞前后速度分别为v10和v20及v1和v2，碰撞前后速度在一条直线上，由动量守恒定律得到m1v10m2v20m1v1m2v2 根据两物块在碰撞过程中的恢复情况，碰撞又可分类为下列几种 （1）弹性碰撞 在碰撞过程中没有机械能损失的碰撞称为弹性碰撞，由动能守恒有 12m1v10212m2v20212m1v1212m2v22 结合动量守恒解得 v1v2m1m2m1m22m2m1m2v10v102m2m1m2m2m1m1m2v20 v20 对上述结果可作如下讨论 ①m1m2，则v1v20，v2v10，即m1m2交换速度。 ②若m1＞＞m2，且有v20=0，则v1v10，v22v10即质量大物速度几乎不变，小物以二倍于大物速度运动。 ③若m1＜＜m2，且v20=0，则v1v10，v20，则质量大物几乎不动，而质量小物原速率反弹。 （2） 完全非弹性碰撞 两物相碰粘合在一起或具有相同速度，被称为完全非弹性碰撞，在完全非弹性碰撞中，系统动量守恒，损失机械能最大。 m1v10m2v20(m1m2)v vm1v10m2v20m1m22 碰撞过程中损失的机械能为 E1(12m1v1012m2v202212(m1m2)v2m1m22m1m2)(v10v20) v20l（3 ）一般非弹性碰撞，恢复系数 一般非弹性碰撞是指碰撞后两物分开，速度v1v2，且碰撞过程中有机械损失，但比完全非弹性碰撞损失机械能要小。物理学中用恢m1v20v10nv20nm2v10v10l图4-9-1 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 复系数来表征碰撞性质。恢复系数e定义为 v10v20 ①弹性碰撞， e=1。 ev2v1②完全非弹性碰撞 v2v1，e=0。 ③一般非弹性碰撞 0＜e＜1。 （4） 斜碰 两物碰撞前后不在一条直线上，属于斜碰，如图4-9-1所示 设两物间的恢复系数为e，设碰撞前m1、m2速度为v10、v20， 其法向、切向分量分别为v10n、v20n、v10、v20，碰后分离速度v1、v2，法向、切向速度分量v1n、v2n、v1t、v2t，则有 ev2nv1nv10nv20n 若两物接触处光滑，则应有m1、m2切向速度分量不变 v1tv10t、v2tv20 若两物接触处有切向摩擦，这一摩擦力大小正比于法向正碰力，也是很大的力，它提供的切向冲量便不可忽略。 §4．9 质心及质心运动 4．9．1 质心及质心位置 任何一个质点系中都存在着一个称为质心的特殊点，它的运动与内力无关，只取决于外力。当需要将质点组处理成一个质点时，它的质量就是质点组的总质量。当需要确定质心的运动时，就设想把质点组所受的全部外力集中作用在质心上。 注意：质心是一个假想的质点。 设空间有N个质点，其质量、位置分别记作mCmimi、n，质量组质心记为C，则质量、位置。 在x、y、z直角坐标系中，记录质心的坐标位置为 xCyCzCmiximimiyimimizimi 4．9．2、质心的速度、加速度、动量 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 remiri/tmivivctmimi，在空间直角坐标系中，质心速度可表达为 质心速度vcxvcymivixmimiviymi vczmivizmi vimivipmc质心的动量，质心的动量等于质点组中各个质点动量的矢量和。 a质心的加速度 mivcmaiiiactmimi FiF1acmimc mcacFi 由上式可见，当质点组所受合外力为零时，质心将保持静止状态或匀速直线运动状态。 vi同样，质点组的动量定理也可表述为 外力的冲量的矢量和等于质心动量的增量。 4．9．3、质心的动能与质点组的动能 v以二个质点为例，质量m1、m2两质点相对于静止参照系速度v1、v2，质心C的速度C，vv二质点相对于质心速度是1和2，可以证明有 1122EKm1v1m2v222 221112mCvCm1v1m2v222 2 EKEKCEKIimcvc2mcvc1 即二个质点的总动能等于质心的动能与两质点相对质心动能之和。 §4．10天体的运动与能量 4．10．1、天体运动的机械能守恒 二体系统的机械能E为系统的万有引力势能与各天体的动能之和。仅有一个天体在运动高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 时，则E为系统的万有引力势能与其动能之和。由于没有其他外力作用，系统内万有引力属于保守力，故有机械能守恒，E为一恒量，如图4-10-1所示，设M天体不动，m天体绕M天体转动，则由机械动能守恒，有 EGMmr112mv12GMmr212mv22 r1v1r2Mv2当运动天体背离不动天体运动时，EP不断增大，而EK将不断减小，可达无穷远处，此时EP0而EK≥0，则应满足E≥0，即 GMmr12mv20 例如从地球发射人造卫星要挣脱地球束缚必有 GMmR12mv2图4-10-1 0 2Rg11.2kmsR 我们称v=11.2km/s为第二宇宙速度，它恰为第一宇宙速度为v2GM2倍。 另外在上面的二体系统中，由于万有引力属于有心力，所以对m而言，遵循角动量守恒 mvr恒量 或 mvrsin恒量 ybav2ObM(,0)axv1是v与r方向的夹角。它实质可变换得到开普勒第二定律，即行星与恒星连线在相等时间内扫过面积等。 图4-10-2 4．10．2、天体运动的轨道与能量 若M天体固定，m天体在万有引力作用下运动，其圆锥曲线可能是椭圆（包括圆）、抛物线或双曲线。 i）椭圆轨道 如图4-7-1所示，设椭圆轨道方程为 xa22yb221 （a>b） ab22则椭圆长，短半轴为a、b，焦距cE12mv12，近地点速度v1，远地点速度v2，则有 GMmac12mv22GMmac mv1(ac)mv2(ac) 或由开普勒第二定律： 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 1 2v1(ac)12v2(ac) 可解得 v1(ac)GM/(ac)av2(ac)GM/(ac)a 代入E得 EGMm2a0 ii)抛物线 设抛物线方程为 yAx 0,14A）处，则m在抛物线顶点处能量为 2太阳在其焦点（E12mv02GMm(14A)12mv04AGMm2 12A，则有mv0/GMm/(214A)2可以证明抛物线顶点处曲率半径8AGM 抛物线轨道能量 E12m(8AGM)4AGM0得到 v0yCbc iii）双曲线 设双曲线方程为 xa22ODaF(c,0)xyb221 22图4-10-3 焦距cab，太阳位于焦点（C，0），星体m在双曲线正半支上运动。如图4-10-3所示，其渐近线OE方程为y=bx/a，考虑m在D处与无穷远处关系，有 E12mv02GMmcx12mv2 考虑到当r，运动方向逼近渐近线，焦点与渐近线距FC为 FCcb/故有 12ab1222b vD(ca)vb 或 mvD(ca)mvb 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 联解得 vGM/abGMvDcaa 双曲线轨道能量 EGMm2aGMm2a0 0小结 E 椭圆轨道 E0 抛物线轨道 EGMm2a0 双曲线轨道 以下举一个例子 质量为m的宇宙飞船绕地球中心0作圆周运动，已知地球半径为R，飞船轨道半径为2R。现要将飞船转移到另一个半径为4R的新轨道上，如图4-10-4所示，求 4R（1）转移所需的最少能量； 2R（2）如果转移是沿半椭圆双切轨道进行的，如图中的ACBRABOv和vAB所示，则飞船在两条轨道的交接处A和B的速度变化各为多少？ C解: （1）宇宙飞船在2R轨道上绕地球运动时，万有引力提供向心力，令其速度为v1，乃有 GMm2 (2R)故得 GM2mv1图4-10-4 2R 2R 此时飞船的动能和引力势能分别为 典型例题！ Ek112mv1GMm2R2v1GMm4R 所以飞船在2R轨道上的机械能为 E1Ek1Ep1GMm4REp1 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 同理可得飞船在4R轨道上的机械能为 以两轨道上飞船所具有的机械能比较，知其机械能的增量即为实现轨道转移所需的最少能量，即 8R （2）由（1）已得飞船在2R轨道上运行的速度为 EE2E1GMm2R 同样可得飞船4R轨道上运行的速度为 v2GM4R v1GM 设飞船沿图示半椭圆轨道ACB运行时，在A、B两点的速度分别为v1和v2。则由开普勒第二定律可得 2Rv24R v1又由于飞船沿此椭圆轨道的一半运行中机械能守恒，故应有 12mv12GMm2R12mv22GMm4R 联立以上两式解之可得 v1v2122GMm3R 2GMm3R 故得飞船在A、B两轨道交接处的速度变化量分别为 v1vAv1vBGM12R3 2GM1v2v234R 4B 例如：三个钢球A、B、C由轻质的长为l的硬杆连接，竖立在水平面上，如图4-10-5所示。已知三球质量mA2m，lmBmcm，距离杆8处有一面竖直墙。因受微小扰动，两杆分别向两边滑动，使B球竖直位置下降。致使C球与墙面发生a52AC a 图4-10-5 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 碰撞。设C球与墙面碰撞前后其速度大小不变，且所有摩擦不计，各球的直径都比l小很多，求B球落地瞬间三球的速度大小。 解： （1）球碰墙前三球的位置 视A、B、C三者为一系统，A、C在水平面上滑动时，只要C不与墙面相碰，则此系统不受水平外力作用，此系统质心的水平坐标不发生变化。B以图4-10-6表示C球刚好要碰墙前三球的位置，以a表示此时BC杆与水平面间的夹角，则AB杆与水平面间的夹角M也为a，并令BA杆上的M点与系统质心的水平坐标相同，vB则应有 vAvCmAAMcosamBMBcosamCBCcosa CA故得 ① 1l 图4-10-7 44 由上述知M点的水平坐标应与原来三球所在的位置的水平坐标相同，故知此刻M点与右侧墙面的距离即为a，即M点与C球的水平距离为a，由此有MBcosaBCcosaa，即 l4cosalcosa5282MBABl。 2，故有a45 ② 由上式解得（2）求三球碰墙前的速度 由于碰墙前M点的水平坐标不变，则在A、C沿水平面滑动过程中的任何时刻，由于5cosa图中的几何约束，C点与M点的水平距离总等于A点与M点的水平距离的3倍，可见任何时5刻C点的水平速度大小总为A点水平速度大小的3倍。以vA、vB、vC分别表示图5-2-2中三球的速度，则有 vC53vA ③ 又设vB沿BC方向的分量为vBC，则由于vB和vC分别为杆BC两端的小球速度，则此两小球速度沿着杆方向的投影应该相等，即 vBCvCcosa。 再设vB沿BA方向的分量为vBA，同上道理可得 vBAvAcosa 高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 注意到BA与BC两个方向刚好互相垂直，故得vB的大小为 vBvBCvBA17922vCvAcosa22 以②③两式带入上式，乃得 vBvA ④ 由于系统与图5-2-1状态到图5-2-2状态的机械能守恒，乃有 mBglmBglsina12mAv2AvBCB12mBv2B12mCv2C。 vAA以①~④式代入上式。解方程知可得 vA310(122)glvBAvC ⑤ （3）求C球在刚碰墙后三球的速度 如图4-10-8所示，由于C球与墙碰撞，导致C球的速度反向而大小不变，由于杆BC对碰撞作用力的传递，使B球的C图4-10-8 速度也随之变化，这一变化的结果是：B球速度沿CB方向的分量vBC与C球速度沿CB方向的分量相等，即 cosavCcosavvCBC ⑥ 由于BC杆只能传递沿其杆身方向的力，故B球在垂直于杆身方向（即BA方向）的速度不因碰撞而发生变化，A球的速度也不因碰撞而发生变化，即其仍为vA。故得此时B球速度BA满足 沿BA方向的分量v高中物理竞赛热学教程第四讲动量 角动量和能量 vvAcosa， ⑦ BA乃得刚碰撞后B球速度大小为 vB22vvBCBAvCvA22179vA ⑧ （4）求B球落地时三球的速度大小 碰撞后，三球速度都有水平向左的分量，可见此后系统质心速度在水平方向的分量vMx应该方向向左，且由于此后系统不受水平外力，则vMx应维持不变。由上解得的三球速度，可得vMx应该满足 (mAmBmC)vMxmAvAmB(vcosavsina)mCvCBCBA。 以③、⑤、⑥、⑦诸式代入上式可解得 ⑨ 当B球落地时，A、B、C三小球均在同一水平线上，它们沿水平方向的速度相等，显然，这一速度也就是系统质心速度的水平分量vMx。而B小球刚要落地时，A、C两球的速度均沿水平方向（即只有水平分量），B球的速度则还有竖直分量，以vB落表示此刻B球速度的大小。则由图4-10-8所示的状态到B小球刚要落地时，有 12vMx54vA1815(22)glmAvA212mBvB212mBglsinmCvC212mAvMX212mBvB落212mCvMX2 以⑨、⑧、⑤各式代入上式可解得 1vB落=8 ⑩ 综合上述得本题答案为：当B小球刚落地时，A、B、C三球的速度大小分别为 1815(22)gl1(38452)gl、8(38452)gl1、和815(22)gl。 本文来源：https://www.wddqw.com/doc/a073bec5132de2bd960590c69ec3d5bbfd0ada21.html